高考物理大一輪復(fù)習(xí) 考點(diǎn)規(guī)范練23 電場能的性質(zhì) 新人教版-新人教版高三全冊物理試題

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1、考點(diǎn)規(guī)范練23　電場能的性質(zhì) 一、單項(xiàng)選擇題 1. 如圖所示,在平面直角坐標(biāo)系中,有方向平行于坐標(biāo)平面的勻強(qiáng)電場,其中坐標(biāo)原點(diǎn)O處的電勢為零,點(diǎn)A處的電勢為6 V,點(diǎn)B處的電勢為3 V,則電場強(qiáng)度的大小為(　　) 　　　　　　　　　　　　　　　　 A.200 V/m B.2003 V/m C.100 V/m D.1003 V/m 答案A 解析 勻強(qiáng)電場的電場線與等勢面都是平行、等間距排列的,且電場線與等勢面處處垂直,沿著電場線方向電勢均勻降低,取OA中點(diǎn)C,則C點(diǎn)電勢為3V,連接BC即為電場中的一條等勢線,作等勢線的垂線,即電場的電場線,E=Ud=3VOC·sin30

2、°=200V/m。 2.(2018·浙江嘉興模擬)微波技術(shù)中常用的磁控管可以用磁場將電子群控制在管內(nèi)。若電子群處于如圖所示的位置時,其形成的電場在位置1處的電場強(qiáng)度和電勢分別為E1和φ1,在位置2處的電場強(qiáng)度和電勢分別為E2和φ2,則(　　) A.E1>E2　φ1>φ2 B.E1>E2　φ1<φ2 C.E1φ2 答案B 解析負(fù)電荷的電場線分布為呈輻射狀指向電荷的線,電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的強(qiáng)弱,電場線某點(diǎn)的切線方向表示電場強(qiáng)度的方向。沿著電場線方向電勢是降低的。越靠近電荷電場強(qiáng)度越大,越靠近負(fù)電荷,電勢越低。即E1>E2,φ1<φ2,B

3、項(xiàng)正確。 3.如圖所示,實(shí)線表示電場線,虛線表示帶電粒子運(yùn)動的軌跡,帶電粒子只受電場力的作用,運(yùn)動過程中電勢能逐漸減少,它運(yùn)動到b處時的運(yùn)動方向與受力方向可能的是(　　) 答案D 解析由于帶電粒子只受電場力的作用,而且運(yùn)動過程中電勢能逐漸減少,可判斷電場力做正功,即電場力方向與粒子速度方向夾角為銳角,且電場力方向沿著電場線指向軌跡凹側(cè),故D項(xiàng)正確。 4. 帶電粒子僅在電場力作用下,從電場中a點(diǎn)以初速度v0進(jìn)入電場并沿虛線所示的軌跡運(yùn)動到b點(diǎn),如圖所示,則從a到b過程中,下列說法正確的是(　　) A.粒子帶負(fù)電荷 B.粒子先加速后減速 C.粒子加速度一直增大 D.粒

4、子的機(jī)械能先減小后增大 答案D 解析粒子受到的電場力沿電場線方向,故粒子帶正電,故A錯誤;由圖像知粒子受電場力向右,所以先向左減速運(yùn)動后向右加速運(yùn)動,故B錯誤;從a點(diǎn)到b點(diǎn),電場力先做負(fù)功,再做正功,電勢能先增大后減小,動能先減小后增大,根據(jù)電場線的疏密知道場強(qiáng)先變小后變大,故加速度先減小后增大,C錯誤,D正確。 二、多項(xiàng)選擇題 5. 如圖所示,真空中M、N處放置兩等量異種點(diǎn)電荷,a、b、c表示電場中的3條等勢線,b是M、N連線的中垂線,交M、N于O點(diǎn),a、c關(guān)于b對稱。點(diǎn)d、e、f、g是以O(shè)為圓心的圓與a、c的交點(diǎn),已知一帶正電的試探電荷從d點(diǎn)移動到e點(diǎn)時,試探電荷的電勢能增加

5、,則以下判斷正確的是(　　) A.M點(diǎn)處放置的是正電荷 B.d點(diǎn)的電勢低于f點(diǎn)的電勢 C.d點(diǎn)的電場強(qiáng)度與f點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同 D.將帶正電的試探電荷沿直線由d點(diǎn)移動到f點(diǎn),電勢能先增加后減少 答案BC 解析因正電荷由d到e電勢能增加,說明電場力做負(fù)功,則電勢升高,故e點(diǎn)電勢高于d點(diǎn)電勢,則N點(diǎn)為正電荷,故A錯誤。由以上分析知,N點(diǎn)為正電荷,其電場線由正電荷到負(fù)電荷且與等勢面垂直,所以由等勢線判斷d點(diǎn)的電勢低于f點(diǎn)的電勢,故B正確。由于電場強(qiáng)度是矢量,據(jù)等量異種電荷電場的對稱性知,d點(diǎn)和f點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小和方向都相同,即電場強(qiáng)度相同,故C正確。將帶正電的試探電荷沿直線由d點(diǎn)移動到f點(diǎn)

6、,電場力的方向與運(yùn)動方向夾角大于90°,電場力做負(fù)功,其電勢能一直增加,故D錯誤。 6. 如圖所示,在某電場中畫出了三條電場線,C點(diǎn)是A、B連線的中點(diǎn)。已知A點(diǎn)的電勢為φA=30 V,B點(diǎn)的電勢為φB=-20 V,則下列說法正確的是(　　) A.C點(diǎn)的電勢φC=5 V B.C點(diǎn)的電勢φC>5 V C.C點(diǎn)的電勢φC<5 V D.負(fù)電荷在A點(diǎn)的電勢能小于在B點(diǎn)的電勢能 答案CD 解析從電場線的分布情況可以看出φA-φC>φC-φB,所以有φC<5V,C正確,A、B錯誤;因?yàn)樨?fù)電荷在電勢高的地方電勢能較小,所以D正確。 7.(2018·貴州遵義模擬)如圖所示,在平面直角坐

7、標(biāo)系xOy的(-9,0)、(9,0)兩點(diǎn)處固定著電荷量分別為+q、-4q的兩個點(diǎn)電荷,A、B為y軸上兩點(diǎn),坐標(biāo)分別為(0,1)、(0,-5),M、N、P、Q四個點(diǎn)是以+q為中心的正方形的四個頂點(diǎn),在上述兩個點(diǎn)電荷所形成的電場中,下列說法正確的是(　　) A.x=-3 cm處電場強(qiáng)度為零 B.B點(diǎn)的電勢高于A點(diǎn)的電勢,A點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于B點(diǎn)的電場強(qiáng)度 C.N點(diǎn)與Q點(diǎn)電勢相等 D.將某一正電荷從N點(diǎn)移動到M點(diǎn),電場力所做的功小于將其從P點(diǎn)移動到Q點(diǎn)所做的功 答案BD 解析在平面直角坐標(biāo)系xOy的(-9,0)、(9,0)兩點(diǎn)處固定著電荷量分別為+q、-4q的兩個點(diǎn)電荷,根據(jù)電場的疊加知在

8、x軸上有一個點(diǎn)電場強(qiáng)度為零,該點(diǎn)在+q的左側(cè),故A錯誤。異種電荷連線的中垂線上的電場強(qiáng)度,在連線的中點(diǎn)處最大,無窮遠(yuǎn)處最小為零,所以中垂線上電場強(qiáng)度逐漸減小,A點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于B點(diǎn)的電場強(qiáng)度,離負(fù)電荷越近電勢越低,B點(diǎn)的電勢高于A點(diǎn)的電勢,故B正確。根據(jù)點(diǎn)電荷周圍電勢的特點(diǎn)是以源電荷為圓心的同心圓,且沿著電場線方向,電勢逐漸降低的特點(diǎn)可知,只有正電荷時,MNPQ四點(diǎn)電勢相等,且大于零;只有負(fù)電荷時,φN>φM=φP>φQ;電勢是標(biāo)量,合成后為φN>φM=φP>φQ,故C錯誤。越靠近-4q電場線越密,相等的距離電勢差越大,根據(jù)W=qU知電場力做功越多,故將某一正電荷從N點(diǎn)移動到M點(diǎn),電場力所做的

9、功小于將其從P點(diǎn)移動到Q點(diǎn)所做的功,故D正確。 8. 如圖甲,直線MN表示某電場中一條電場線,a、b是線上的兩點(diǎn),將一帶負(fù)電荷的粒子從a點(diǎn)處由靜止釋放,粒子從a運(yùn)動到b過程中的v-t圖像如圖乙所示,設(shè)a、b兩點(diǎn)的電勢分別為φa、φb,電場強(qiáng)度大小分別為Ea、Eb,粒子在a、b兩點(diǎn)的電勢能分別為Wa、Wb,不計重力,則有(　　) A.φa>φb B.Ea>Eb C.EaWb 答案BD 解析電場線為直線,帶負(fù)電的粒子僅在電場力的作用下由靜止釋放,那么一定沿著電場力的方向運(yùn)動,故電場強(qiáng)度的方向向左,b點(diǎn)的電勢高,選項(xiàng)A錯誤;由v-t圖像的斜率表示粒子運(yùn)動的加速度,可知

10、粒子運(yùn)動的加速度越來越小,故b點(diǎn)的電場強(qiáng)度小,Ea>Eb,選項(xiàng)B正確,C錯誤;電場力做正功,電勢能減小,選項(xiàng)D正確。 9. 如圖所示,在xOy坐標(biāo)系中,x軸上關(guān)于y軸對稱的A、C兩點(diǎn)固定等量異種點(diǎn)電荷+Q、-Q,B、D兩點(diǎn)分別位于第二、四象限,ABCD為平行四邊形,邊BC、AD分別與y軸交于E、F,以下說法正確的是(　　) A.E、F兩點(diǎn)電勢相等 B.B、D兩點(diǎn)電場強(qiáng)度相同 C.試探電荷+q從B點(diǎn)移到D點(diǎn),電勢能增加 D.試探電荷+q從B點(diǎn)移到E點(diǎn)和從F點(diǎn)移到D點(diǎn),電場力對+q做功相同 答案ABD 解析等量異種點(diǎn)電荷+Q、-Q連線的垂直平分線是一條等勢線,所以y軸是一條等勢

11、線,E、F的電勢相等,故A正確;根據(jù)電場線的分布情況和對稱性可知,B、D兩點(diǎn)電場強(qiáng)度相同,故B正確;根據(jù)順著電場線電勢降低可知,B點(diǎn)的電勢高于D點(diǎn)的電勢,而正電荷在電勢高處電勢能大,所以試探電荷+q從B點(diǎn)移到D點(diǎn),電勢能減小,故C錯誤;由以上分析可知,B、E間的電勢差等于F、D間的電勢差,根據(jù)電場力做功公式W=qU得知+q從B點(diǎn)移到E點(diǎn)和從F點(diǎn)移到D點(diǎn),電場力對+q做功相同,故D正確。 10.在一靜止點(diǎn)電荷的電場中,任一點(diǎn)的電勢φ與該點(diǎn)到點(diǎn)電荷的距離r的關(guān)系如圖所示。電場中四個點(diǎn)a、b、c和d的電場強(qiáng)度大小分別為Ea、Eb、Ec和Ed。點(diǎn)a到點(diǎn)電荷的距離ra與點(diǎn)a的電勢φa已在圖中用坐標(biāo)(r

12、a,φa)標(biāo)出,其余類推?，F(xiàn)將一帶正電的試探電荷由a點(diǎn)依次經(jīng)b、c點(diǎn)移動到d點(diǎn),在相鄰兩點(diǎn)間移動的過程中,電場力所做的功分別為Wab、Wbc和Wcd。下列選項(xiàng)正確的是(　　) A.Ea∶Eb=4∶1 B.Ec∶Ed=2∶1 C.Wab∶Wbc=3∶1 D.Wbc∶Wcd=1∶3 答案AC 解析由題圖知,ra∶rb∶rc∶rd=1∶2∶3∶6,電場強(qiáng)度E=kQr2,故Ea∶Eb=4∶1,A項(xiàng)正確。Ec∶Ed=4∶1,故B項(xiàng)錯誤。根據(jù)Uab=φa-φb,由題圖知,Uab∶Ubc∶Ucd=3∶1∶1,由做功Wab=qUab,故Wab∶Wbc=3∶1,C項(xiàng)正確。Wbc∶Wcd=1∶1,D項(xiàng)

13、錯誤。 三、非選擇題 11.如圖所示,在O點(diǎn)放置一個正電荷,在過O點(diǎn)的豎直平面內(nèi)的A點(diǎn)處自由釋放一個帶正電的小球,小球的質(zhì)量為m,電荷量為q。小球落下的軌跡如圖中虛線所示,它與以O(shè)為圓心、R為半徑的圓(圖中實(shí)線所示)相交于B、C兩點(diǎn),O、C在同一水平線上,∠BOC=30°,A距離OC的豎直高度為h。若小球通過B點(diǎn)的速度為v,重力加速度為g,試求: (1)小球通過C點(diǎn)的速度大小; (2)小球由A到C的過程中電勢能的增加量。 答案(1)v2+gR　(2)mgh-12mv2-12mgR 解析(1)因B、C兩點(diǎn)電勢相等,小球由B到C只有重力做功,由動能定理得 mgR·sin30°=1

14、2mvC2-12mv2 解得vC=v2+gR。 (2)由A到C應(yīng)用動能定理得 WAC+mgh=12mvC2-0 解得WAC=12mvC2-mgh=12mv2+12mgR-mgh 由電勢能變化與電場力做功的關(guān)系得 ΔEp=-WAC=mgh-12mv2-12mgR。 12. 如圖所示,水平絕緣粗糙的軌道AB與處于豎直平面內(nèi)的半圓形絕緣光滑軌道BC平滑連接,半圓形軌道的半徑R=0.4 m,在軌道所在空間存在水平向右的勻強(qiáng)電場,電場線與軌道所在的平面平行,電場強(qiáng)度E=1.0×104 N/C?，F(xiàn)有一電荷量q=+1.0×10-4 C,質(zhì)量m=0.1 kg的帶電體(可視為質(zhì)點(diǎn)),在水平軌

15、道上的P點(diǎn)由靜止釋放,帶電體恰好能通過半圓形軌道的最高點(diǎn)C,然后落至水平軌道上的D點(diǎn)。g取10 m/s2。試求: (1)帶電體運(yùn)動到圓形軌道B點(diǎn)時對圓形軌道的壓力大小; (2)D點(diǎn)到B點(diǎn)的距離xDB; (3)帶電體在從P開始運(yùn)動到落至D點(diǎn)的過程中的最大動能。 答案(1)6.0 N　(2)0　(3)1.17 J 解析(1)設(shè)帶電體通過C點(diǎn)時的速度為vC,依據(jù)牛頓第二定律有mg=mvC2R,解得vC=2.0m/s。設(shè)帶電體通過B點(diǎn)時的速度為vB,設(shè)軌道對帶電體的支持力大小為FB,帶電體在B點(diǎn)時,根據(jù)牛頓第二定律有FB-mg=mvB2R。帶電體從B運(yùn)動到C的過程中,依據(jù)動能定理有-mg×2

16、R=12mvC2-12mvB2 聯(lián)立解得FB=6.0N,根據(jù)牛頓第三定律,帶電體對軌道的壓力FB'=6.0N。 (2)設(shè)帶電體從最高點(diǎn)C落至水平軌道上的D點(diǎn)經(jīng)歷的時間為t,根據(jù)運(yùn)動的分解有2R=12gt2,xDB=vCt-Eq2mt2 聯(lián)立解得xDB=0。 (3)由P到B帶電體做加速運(yùn)動,故最大速度一定出現(xiàn)在從B經(jīng)C到D的過程中,在此過程中只有重力和電場力做功,這兩個力大小相等,其合力與重力方向成45°夾角斜向右下方,故最大速度必出現(xiàn)在B點(diǎn)右側(cè)對應(yīng)圓心角為45°處。 設(shè)小球的最大動能為Ekm,根據(jù)動能定理有qERsin45°-mgR(1-cos45°)=Ekm-12mvB2,代入數(shù)據(jù)解得Ekm=1.17J。