2019-2020年高三物理二輪復習 仿真檢測（二）.doc

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2019-2020年高三物理二輪復習 仿真檢測（二） 一、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14～18題只有一項符合題目要求，第19～21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。 14．兩個物體從同一高度同時由靜止開始下落，經(jīng)過一段時間分別與水平地面發(fā)生碰撞(碰撞過程時間極短)后反彈，碰撞前后瞬間速度大小不變，其中一個物體所受空氣阻力可忽略，另一個物體所受空氣阻力大小與物體速率成正比。下列分別用虛線和實線描述的兩物體運動的vt圖像，可能正確的是(　　) 15. 如圖1所示，光滑水平面上放置一斜面體A，在其粗糙斜面上靜止一物塊B，開始時A處于靜止。從某時刻開始，一個從0逐漸增大的水平向左的力F作用在A上，使A和B一起向左做變加速直線運動。則在B與A發(fā)生相對運動之前的一段時間內(nèi)(　　) 圖1 A．B對A的壓力和摩擦力均逐漸增大 B．B對A的壓力和摩擦力均逐漸減小 C．B對A的壓力逐漸增大，B對A的摩擦力逐漸減小 D．B對A的壓力逐漸減小，B對A的摩擦力逐漸增大 16．我國志愿者王躍曾與俄羅斯志愿者一起進行“火星500”的實驗活動。假設(shè)王躍登陸火星后，測得火星的半徑是地球半徑的，質(zhì)量是地球質(zhì)量的。已知地球表面的重力加速度是g，地球的半徑為R，王躍在地面上能向上豎直跳起的最大高度是h，忽略自轉(zhuǎn)的影響，下列說法正確的是(　　) A．火星的平均密度為 B．火星表面的重力加速度是 C．火星的第一宇宙速度與地球的第一宇宙速度之比為 D．王躍以與在地球上相同的初速度在火星上起跳后，能達到的最大高度是 17. 對于真空中電量為Q的靜止點電荷而言，當選取離點電荷無窮遠處的電勢為零時，離點電荷距離為r處電勢為φ＝(k為靜電力常量)。如圖2所示，一質(zhì)量為m、電量為q可視為點電荷的帶正電小球用絕緣絲線懸掛在天花板上，在小球正下方的絕緣底座上固定一半徑為R的金屬球，金屬球接地，兩球球心間距離為d。由于靜電感應，金屬球上分布的感應電荷的電量為q′。則下列說法正確的是(　　) 圖2 A．金屬球上的感應電荷電量q′＝－q B．金屬球上的感應電荷電量q′＝－q C．絕緣絲線中對小球的拉力大小為mg＋ D．絕緣絲線中對小球的拉力大小mg－ 18．如圖3所示，在磁感應強度B＝1.0 T的勻強磁場中，金屬桿PQ在外力F作用下在粗糙U形導軌上以速度v＝2 m/s向右勻速滑動，兩導軌間距離L＝1.0 m，電阻R＝3.0 Ω，金屬桿PQ的電阻r＝1.0 Ω，導軌電阻忽略不計，則下列說法正確的是(　　) 圖3 A．通過R的感應電流的方向為由d到a B．金屬桿PQ兩端電壓為2 V C．金屬桿PQ受到的安培力大小為0.5 N D．外力F做功大小等于電路產(chǎn)生的焦耳熱 19．如圖4所示，光滑固定的豎直桿上套有小物塊a，不可伸長的輕質(zhì)細繩通過大小可忽略的定滑輪連接物塊a和小物塊b，虛線cd水平?，F(xiàn)由靜止釋放兩物塊，物塊a從圖示位置上升，并恰能到達c點。在此過程中，若不計摩擦和空氣阻力，下列說法正確的是(　　) 圖4 A．繩拉力對物塊a做的功等于物塊a重力勢能的增加量 B．物塊a到達c點時加速度為零 C．繩拉力對物塊b做的功在數(shù)值上等于物塊b機械能的減少量 D．繩拉力對物塊b先做負功后做正功 20．某興趣小組用實驗室的手搖發(fā)電機和理想變壓器給一個燈泡供電，電路如圖5，當線圈以較大的轉(zhuǎn)速n勻速轉(zhuǎn)動時，電壓表示數(shù)是U1，額定電壓為U2的燈泡正常發(fā)光，燈泡正常發(fā)光時電功率為P，手搖發(fā)電機的線圈電阻是r，則有(　　) 圖5 A. 電流表的示數(shù)是 B．變壓器原副線圈的匝數(shù)比是U2∶U1 C．變壓器輸入電壓的瞬時值u＝U2sin 2πnt D．手搖發(fā)電機線圈中產(chǎn)生的電動勢最大值是Em＝ 21．如圖6所示，兩平行金屬板水平放置，開始開關(guān)S合上使平行板電容器帶電。板間存在垂直紙面向里的勻強磁場。一個不計重力的帶電粒子恰能以水平向右的速度沿直線通過兩板。在以下方法中，能使帶電粒子仍沿水平直線通過兩板的是(　　) 圖6 A．將兩板的距離增大一倍，同時將磁感應強度增大一倍 B．將兩板的距離減小一半，同時將磁感應強度增大一倍 C．將開關(guān)S斷開，兩板間的正對面積減小一半，同時將板間磁場的磁感應強度減小一半 D．將開關(guān)S斷開，兩板間的正對面積減小一半，同時將板間磁場的磁感應強度增大一倍 二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第22題～第25題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33題～第35題為選考題，考生根據(jù)要求作答。 (一)必考題(共47分) 22．(6分)圖7是實驗室測定水平面和小物塊之間動摩擦因數(shù)的實驗裝置，曲面AB與水平面相切于B點且固定。帶有遮光條的小物塊自曲面上面某一點釋放后沿水平面滑行最終停在C點，P為光電計時器的光電門，已知當?shù)刂亓铀俣葹間。 　 圖7 (1)利用游標卡尺測得遮光條的寬度如圖乙所示，則遮光條的寬度d＝________ cm； (2)(多選題)實驗中除了測定遮光條的寬度外，還需要測量的物理量有________； A．小物塊質(zhì)量m B．遮光條通過光電門的時間t C．光電門到C點的距離x D．小物塊釋放點的高度h (3)為了減小實驗誤差，同學們采用圖像法來處理實驗數(shù)據(jù)，他們根據(jù)(2)測量的物理量，建立下圖所示的坐標系來尋找關(guān)系，其中合理的是________。 23．(9分)某同學準備通過實驗描繪額定電壓3.0 V、額定功率約0.9 W的小燈泡的伏安特性曲線。實驗室可供選用的器材如下： A．電源E1(電動勢3 V，內(nèi)阻很小，允許輸出的最大電流200 mA) B．電源E2(電動勢4.5 V，內(nèi)阻很小，允許輸出的最大電流600 mA) C．電壓表V(15 V，內(nèi)阻約5 kΩ) D．電流表A1(0.6 A，內(nèi)阻約6 Ω) E．電流表A2(0.2 A，內(nèi)阻為20 Ω) F．滑動變阻器R1(最大阻值20 Ω，額定電流2 A) G．滑動變阻器R2(最大阻值5 kΩ，額定電流1 A) H．電鍵S I．導線若干 (1)請你在虛線框內(nèi)畫出實驗電路圖，并在電路圖上標出所用元件對應的符號(如“V”“A1”“A2”“R1”“R2”“E1”“E2”等)。要求：測量結(jié)果盡可能準確且操作方便。 (2)實驗小組的同學依據(jù)上述實驗，繪制出了小燈泡的伏安特性曲線，如圖甲所示?，F(xiàn)將三個這樣規(guī)格的小燈泡接在電動勢為3.0 V、內(nèi)阻不計的電源上，連接方式如圖乙所示。當開關(guān)閉合后，下列哪些判斷不正確(　　) 圖8 A．圖乙所示的電路中燈泡L1的電阻為10 Ω B．通過燈泡L1的電流為通過燈泡L2電流的2倍 C．燈泡L1消耗的電功率為0.90 W D．燈泡L2消耗的電功率為0.45 W 24．(12分)如圖9所示，質(zhì)量M＝8.0 kg、長L＝2.0 m的木板靜置在水平地面上，質(zhì)量m＝0.50 kg 的小滑塊(可視為質(zhì)點)以速度v0＝3.0 m/s從木板的左端沖上木板。已知滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ＝0.20，重力加速度g取10 m/s2。 圖9 (1)若木板固定，滑塊將從木板的右端滑出，求滑塊在木板上滑行的時間t和滑出時的速度v； (2)若水平地面光滑，且木板不固定，在小滑塊沖上木板的同時，對木板施加一個水平向右的恒力F，如果要使滑塊不從木板右端掉下，力F應滿足什么條件？假定滑塊與木板之間最大靜摩擦力與滑動摩擦力相等。 25．(20分)如圖10，豎直平面內(nèi)放著兩根間距L＝1 m、電阻不計的足夠長平行金屬板M、N，兩板間接一阻值R＝2 Ω的電阻，N板上有一小孔Q，在金屬板M、N之間CD上方有垂直紙面向里的磁感應強度B0＝ 1 T的有界勻強磁場，N板右側(cè)區(qū)域KL上、下部分分別充滿方向垂直紙面向外和向里的勻強磁場，磁感應強度大小分別為B1＝3 T和B2＝2 T。有一質(zhì)量M＝0.2 kg、電阻r ＝1 Ω的金屬棒搭在M、N之間并與M、N良好接觸，用輸出功率恒定的電動機拉著金屬棒豎直向上運動，當金屬棒達最大速度時，在與Q等高并靠近M板的P點由靜止釋放一個比荷＝1104 C/kg的正離子，經(jīng)電場加速后，以v＝200 m/s的速度從Q點垂直于N板邊界射入右側(cè)區(qū)域。不計離子重力，忽略電流產(chǎn)生的磁場，取g＝10 m/s2。求： 圖10 (1)金屬棒達最大速度時，電阻R兩端電壓U； (2)電動機的輸出功率P； (3)離子從Q點進入右側(cè)磁場后恰好不會回到N板，求Q點距分界線的高度h。 (二)選考題(共15分) (請考生從給出的3道題中任選一題作答，多答則按所答的第一題評分) [物理——選修3－3](15分) 33. (1)(5分)以下判斷正確的是________。(填正確答案標號，選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分；每選錯1個扣3分，最低得分為0分) A．“用油膜法估測分子的大小”實驗中油酸分子直徑近似等于油酸溶液體積除以相應油酸膜的面積 B．載人飛船繞地球運動時容器內(nèi)的水呈球形，這是因為液體表面具有收縮性的表現(xiàn) C．運動小球在水平粗糙平面做減速運動停下后，不會自發(fā)地內(nèi)能減小，動能增加而加速，是因為這違反了能量守恒定律 D．一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷等壓膨脹過程，氣體密度將減小、分子平均動能將增大 E．氣球的吹氣口套在礦泉水的瓶口，氣球放在瓶內(nèi)，很難把氣球吹大。這一現(xiàn)象可以用玻意耳定律解釋 (2)(10分)如圖11所示，蹦蹦球是一種兒童健身玩具，某同學在17 ℃的室內(nèi)對蹦蹦球充氣，已知充氣前球的總體積為2 L，壓強為1 atm，充氣筒每次充入0.2 L壓強為1 atm的氣體，忽略蹦蹦球體積變化及充氣過程中氣體溫度的變化，求： 圖11 (ⅰ)充氣多少次可以讓氣體壓強增大至3 atm； (ⅱ)將充氣后的蹦蹦球拿到溫度為－13 ℃的室外后，壓強將變?yōu)槎嗌伲? [物理——選修3－4](15分) 34．(1)(5分)一條彈性繩子呈水平狀態(tài)， M為繩子中點，兩端P、Q同時開始上下振動，一小段時間后產(chǎn)生的波形如圖12所示，對于其后繩上各點的振動情況，以下判斷正確的是______。(填正確答案標號，選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分；每選錯1個扣3分，最低得分為0分) 圖12 A．兩列波將同時到達中點M B．兩列波波速之比為1∶2 C．中點M的振動總是加強的 D．M點的位移大小在某時刻可能為零 E．繩的兩端點P、Q開始振動的方向相同 (2)(10分)MN為水平放置的光屏，在其正下方有一半圓柱形玻璃磚，玻璃磚的平面部分ab與光屏平行且過圓心O，平面ab與屏間距離為d＝0.2 m，整個裝置的豎直截面圖如圖13所示。在O點正下方有一光源S，發(fā)出的一束單色光沿半徑射入玻璃磚，通過圓心O再射到屏上?，F(xiàn)使玻璃磚在豎直面內(nèi)以O(shè)點為圓心沿逆時針方向以角速度ω＝ rad/s緩慢轉(zhuǎn)動，在光屏上出現(xiàn)了移動的光斑。已知單色光在這種玻璃中的折射率為n＝ ，求： 圖13 (ⅰ)當玻璃磚由圖示位置轉(zhuǎn)動多長時間屏上光斑剛好徹底消失； (ⅱ)玻璃磚由圖示位置轉(zhuǎn)到光斑剛好徹底消失的過程中，光斑在屏上移動的距離s。 [物理——選修3－5](15分) 35．(1) (5分)以下是有關(guān)近代物理內(nèi)容的若干敘述，其中正確的有________。(填正確答案標號，選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分；每選錯1個扣3分，最低得分為0分) A．紫外線照射到金屬鋅板表面時能產(chǎn)生光電效應，則當增大紫外線的照射強度時，從鋅板表面逸出的光電子的最大初動能也隨之增大 B．每個核子只跟鄰近的核子發(fā)生核力作用 C．原子核式結(jié)構(gòu)模型是由湯姆遜在α粒子散射實驗基礎(chǔ)上提出的 D．太陽內(nèi)部發(fā)生的核反應是熱核反應 E．關(guān)于原子核內(nèi)部的信息，最早來自天然放射現(xiàn)象 (2)(10分)如圖14甲所示，物塊A、B的質(zhì)量分別是mA＝4.0 kg和mB＝3.0 kg。用輕彈簧拴接，放在光滑的水平地面上，物塊B右側(cè)與豎直墻相接觸。另有一物塊C從t＝0時以一定速度向右運動，在t＝4 s時與物塊A相碰，并立即與A粘在一起不再分開，物塊C的vt圖像如圖乙所示。求： 圖14 (ⅰ)物塊C的質(zhì)量。 (ⅱ)B離開墻后的運動過程中彈簧具有的最大彈性勢能Ep。 答 案 14．選D　若不計空氣阻力，則小球下落后，先做勻加速直線運動，與地面碰撞后做豎直上拋運動(勻減速直線運動)，加速度不變，若考慮空氣阻力，下落過程中，速度越來越大，則空氣阻力越來越大，根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度越來越小且小于g，與地面碰撞后，速度越來越小，則空氣阻力越來越小，根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度越來越大且大于g，根據(jù)速度時間圖像的斜率表示加速度可知，D正確。 15．選D　對物體進行受力分析，如圖所示，將加速度進行分解，設(shè)斜面的傾角為θ。 根據(jù)牛頓第二定律得： 垂直于斜面方向： mgcos θ－FN＝masin θ 平行于斜面方向：Ff－mgsin θ＝macos θ 得到：FN＝mgcos θ－masin θ，F(xiàn)f＝mgsin θ＋macos θ， 可見，當加速度a增大時，支持力FN減小，摩擦力Ff增大，根據(jù)牛頓第三定律得知，B對A的壓力逐漸減小，B對A的摩擦力逐漸增大。故ABC錯誤，D正確。 16．選A　由G＝mg，得：g＝，已知火星半徑是地球半徑的，質(zhì)量是地球質(zhì)量的，則火星表面的重力加速度是地球表面的重力加速度的，即為g，設(shè)火星質(zhì)量為M′，由萬有引力等于重力可得：G＝mg′解得： M′＝密度為：ρ′＝＝，故A正確，B錯誤；由G＝m，得：v＝ ，火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍，故C錯誤；王躍以v0在地球起跳時，根據(jù)豎直上拋的運動規(guī)律得出可跳的最大高度是：h＝，由于火星表面的重力加速度是g，王躍以相同的初速度在火星上起跳時，可跳的最大高度h′＝h，D錯誤。 17．選A　金屬球球心處電勢為0，而金屬球上的電荷由于q的存在集中在球的上端，則有k＝k，得q′＝－q，A正確，B錯；絕緣絲線中對小球的拉力大小為mg＋，C、D錯。 18．選C　由右手定則判斷知，導體PQ產(chǎn)生的感應電流方向為Q→P，通過R的感應電流的方向為由a到d。故A錯誤；導體PQ切割磁感線產(chǎn)生的感應電動勢的大小為：E＝BLv＝1.012 V＝2 V，而PQ間的電壓是外電壓，由于PQ有電阻，所以導體PQ兩端的電壓小于感應電動勢，即小于2 V，故B錯誤；感應電流為：I＝＝ A＝0.5 A，F(xiàn)＝F安＝BIL＝1.00.51 N＝0.5 N，故C正確；金屬桿PQ在外力F作用下在粗糙U形導軌上以速度v向右勻速滑動，外力F做功大小等于電路產(chǎn)生的焦耳熱和導軌與金屬桿之間的摩擦力產(chǎn)生的內(nèi)能的和，故D錯誤。 19．選AC　從a到c，a的動能變化量為零，根據(jù)功能關(guān)系可知，繩拉力對物塊a做的功等于物塊a的重力勢能的增加量，故A正確；當a物塊到達c處時，由受力分析可知：水平方向受力平衡，豎直方向只受重力作用，所以根據(jù)牛頓第二定律得知，a物塊的加速度a＝g＝10 m/s2，故B錯誤；從a到c，b的動能變化量為零，根據(jù)功能關(guān)系：除重力以外其他力做的功等于機械能的增量，故繩拉力對b做的功在數(shù)值上等于b機械能的減少量，故C正確；物塊a上升到與滑輪等高前，b下降，繩的拉力對b做負功，故D錯誤。 20．選AD　理想變壓器的輸入功率和輸出功率相等，燈泡正常發(fā)光時電功率為P，所以輸入功率為P，電流表的示數(shù)是，故A正確；電壓與匝數(shù)成正比，所以變壓器的原副線圈的匝數(shù)比是U1∶U2。故B錯誤；線圈以較大的轉(zhuǎn)速n勻速轉(zhuǎn)動時，所以ω＝2πn，所以變壓器輸入電壓的瞬時值u＝U1sin 2πnt，故C錯誤；手搖發(fā)電機的線圈中產(chǎn)生的電動勢最大值是Em＝U1＋r，故D正確。 21．選BD　電容器處于通電狀態(tài)，把兩板間距離增大一倍，由E＝可知，電場強度變?yōu)樵瓉淼囊话?，根?jù)Eq＝qvB可知，要使粒子勻速通過，同時應將磁感應強度減小一倍，故A錯誤；電容器處于通電狀態(tài)，把兩板間距離減小一倍，由E＝可知，則電場強度增加一倍，根據(jù)Eq＝qvB可知，要使粒子勻速通過，磁場應該增大一倍，故B正確；如果把開關(guān)S斷開，根據(jù)E＝＝＝，因兩極間的電量不變，當兩板間的正對面積減小一半，則兩極板之間的電場強度增強一倍，因此根據(jù)Eq＝qvB可知，要使粒子勻速通過，磁場強度增大一倍，故C錯誤，D正確。 22．解析：(1)主尺的刻度：1 cm，游標尺上的第12個刻度與主尺的刻度對齊，讀數(shù)是：0.0512 mm＝0.60 mm， 總讀數(shù)：10 mm＋0.60 mm＝10.60 mm＝1.060 cm； (2)實驗的原理：根據(jù)遮光條的寬度與滑塊通過光電門的時間即可求得滑塊的速度：v＝， B到C的過程中，摩擦力做功，根據(jù)動能定理得： －μmgx＝0－mv2， 聯(lián)立以上兩個公式得動摩擦因數(shù)的表達式：μ＝， 還需要測量的物理量是：光電門P與C之間的距離x，與遮光條通過光電門的時間t，故B、C正確，A、D錯誤； (3)由動摩擦因數(shù)的表達式可知，μ與t2和x的乘積成反比，所以x與的圖線是過原點的直線，應該建立的坐標系為：縱坐標用物理量，橫坐標用物理量x，即B正確，A、C、D錯誤。 答案：(1)1.060　(2)BC　(3)B 23.解析：(1)小燈泡上的額定電壓3 V，所以電源選擇E2；而電壓表V的量程為15 V，不符合測量要求，所以根據(jù)串聯(lián)分壓的知識得將A2與燈泡并聯(lián)，當成電壓表，選A1測量電流，又小燈泡電阻與電流表電阻相當，故電流表應用外接法；因做描繪小燈泡伏安特性曲線實驗要求電流與電壓從零調(diào)，故滑動變阻器采用分壓式接法，應該選擇最大阻值較小的，有利于數(shù)據(jù)的測量，故選R1，電路圖如下圖所示： (2)當開關(guān)閉合后，燈泡L1的電壓U1＝3 V，由圖讀出其電流I1＝0.30 A，則燈泡L1的電阻R1＝＝10 Ω，故A正確；燈泡L2、L3串聯(lián)，電壓U2＝U3＝1.5 V，由圖讀出其電流I2＝I3＝0.20 A，所以＝＝，故B錯誤；L1消耗的電功率為P1＝U1I1＝30.30 W＝0.9 W，故C正確；L2消耗的電功率為P2＝U2I2＝1.50.20 W＝0.3 W，故D錯誤。 答案：(1)見解析　(2)BD 24．解析：(1)由題意知，滑塊在木板上由滑動摩擦力作用下產(chǎn)生加速度大?。篴＝＝＝μg＝0.210 m/s2＝2 m/s2 因為滑塊做勻減速運動，所以滑塊滑離木板時產(chǎn)生的位移為： x＝v0t－at2 代入數(shù)據(jù)可得滑塊運動時間：t＝1 s 根據(jù)速度時間關(guān)系可知，滑塊滑離木板時的速度： v＝v0－at＝3－21(m/s)＝1 m/s。 (2)令滑塊不滑離木板右端時，設(shè)木板的最小加速度為a′，則可知，滑塊不滑下來，滑塊的位移與木板的位移差剛好為木板的長度L，運動時間為t，則有： 據(jù)速度時間關(guān)系有：3－2t＝a′t① 根據(jù)位移時間關(guān)系有：－a′t2＝2② 由①②兩式解得木板獲得的最小加速度：a′＝0.25 m/s2 根據(jù)牛頓第二定律可知，木板獲得的加速度a′＝，即木板獲得的最小拉力 F＝Ma′－μmg＝80.25－0.20.510(N)＝1 N 所以，當F≥1 N時，滑塊不會從木板的右端滑出。 答案：(1)1 s　1 m/s　(2) F≥1 N 25．解析：(1)離子從P運動到Q，由動能定理： qU＝mv2① 解得R兩端電壓：U＝2 V② (2)電路的電流：I＝③ 安培力：F安＝B0IL④ 受力平衡：F＝Mg＋F安⑤ 由閉合電路歐姆定律：E＝I(R＋r)⑥ 感應電動勢：E＝B0Lvm⑦ 功率：P＝Fvm⑧ 聯(lián)立②～⑧式解得：電動機功率：P＝9 W。⑨ (3)如圖所示，設(shè)離子恰好不會回到N板時，對應的離子在上、下區(qū)域的運動半徑分別為r1和r2，圓心的連線與N板的夾角為φ。 在磁場B1中， 由：qvB1＝m⑩ 解得運動半徑為：r1＝10－2 m? 在磁場B2中，由：qvB2＝m? 解得運動半徑為：r2＝110－2 m? 由幾何關(guān)系得：(r1＋r2)sin φ＝r2? r1＋r1cos φ＝h? 解～?得：h＝1.210－2 m。? 答案：(1)2 V　(2)9 W　(3) 1.210－2 m 33．解析：(1)“用油膜法估算分子的大小”實驗中是用油酸溶液滴入水中，油酸分子直徑應等于油酸體積除以相應油膜的面積，故A錯誤；載人飛船繞地球運動時，因處于完全失重，導致水與容器無作用力，則水在表面張力作用下，在容器內(nèi)的水呈球形，故B正確；小球的內(nèi)能不會自發(fā)地轉(zhuǎn)化為小球的動能，這是熱力學第二定律的表現(xiàn)，并不違背能量守恒定律，故C錯誤；由＝C，膨脹則體積增大，密度減??；等壓膨脹溫度升高，故分子平均動能增大，故D正確；氣球放在瓶內(nèi)，根據(jù)玻意耳定律的公式PV＝C，當V減小時，則P增大，因此很難把氣球吹大，故E正確。 (2)(ⅰ)設(shè)充氣n次可以讓氣體壓強增大至3 atm。 據(jù)題充氣過程中氣體發(fā)生等溫變化，以蹦蹦球內(nèi)原來的氣體和所充的氣體整體為研究對象，由玻意耳定律得： P1(V＋nΔV)＝P2V 代入：1(2＋n0.2)＝32 解得：n＝20(次)。 (ⅱ)當溫度變化，氣體發(fā)生等容變化，由查理定律得：＝ 可得：P3＝P2＝3 atm≈2.7 atm。 答案：(1)BDE　(2)(ⅰ)20次　(ⅱ)2.7 atm 34．解析：(1)由題意可知，雖然波形不同，但波速相同，由于距離相同，所以兩波同時到達M點，故A正確；波速由介質(zhì)決定，與波長和頻率無關(guān)，故B錯誤；由于波的頻率不同，故兩列波只能疊加并不能干涉，所以M點不可能總是振動加強點，故C錯誤；M點的位移大小在某時刻可能為零，故D正確；根據(jù)質(zhì)點振動方向與波傳播方向的關(guān)系，P點開始時向上振動，Q點開始時也向上振動，故E正確。 (2)(ⅰ)由題意可知，假設(shè)玻璃磚轉(zhuǎn)過θ角時，折射光線剛好完全消失。此時的入射角也為θ，由折射定律可得： sin θ＝sin C＝ θ＝ 玻璃磚轉(zhuǎn)動所用時間：t＝＝2 s。 (ⅱ)當入射角i＝0，由折射定律可得：＝n 解得：r＝0 由圖可知在玻璃磚逆時針轉(zhuǎn)過θ角過程中折射光線順時針轉(zhuǎn)過α角：α＝－θ＝ s＝d tan α＝0.2 m。 答案：(1)ADE　(2)(ⅰ)2 s　(ⅱ)0.2 m 35．解析：(1)光電子的最大初動能與入射光的頻率有關(guān)與光照強度無關(guān)，因此增大光照強度，光子的最大初動能不變，故A錯誤；核力為短程力，只能跟鄰近的核子產(chǎn)生核力的作用，故B正確；原子核式結(jié)構(gòu)模型是由盧瑟福在α粒子散射實驗基礎(chǔ)上提出的，故C錯誤；太陽內(nèi)部發(fā)生的是熱核反應，故D正確；關(guān)于原子核內(nèi)部的信息，最早來自于天然放射性現(xiàn)象，故E正確。 (2)(ⅰ)由圖知，C與A碰前速度為：v1＝9 m/s，碰后速度為：v 2＝3 m/s，C與A碰撞過程動量守恒，以C的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：mCv1＝(mA＋mC)v2 解得：mC＝2 kg。 (ⅱ)12 s末B離開墻壁，之后A、B、C及彈簧組成的系統(tǒng)動量和機械能守恒，且當AC與B速度v4相等時彈簧彈性勢能最大， 根據(jù)動量守恒定律，有：(mA＋mC)v3＝(mA＋mB＋mC)v4 根據(jù)機械能守恒定律，有： (mA＋mC)v32＝(mA＋mB＋mC)v42＋Ep 解得：Ep＝9 J。 答案：(1)BDE　(2)(ⅰ)2 kg　(ⅱ)9 J