2019年高考物理大二輪專題復(fù)習(xí) 考前增分練 高考模擬部分一.doc

2019年高考物理大二輪專題復(fù)習(xí) 考前增分練 高考模擬部分一一、選擇題(本題共8小題，每小題6分在每小題給出的四個選項中，第15題只有一項符合題目要求，第68題有多項符合題目要求全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分)1在物理學(xué)的研究及應(yīng)用過程中涉及諸多的思想方法，如理想化、模型化、放大、假說、極限思想，控制變量、猜想、假設(shè)、類比、比值法等等以下關(guān)于所用思想方法的敘述不正確的是()A在不需要考慮物體本身的大小和形狀時，用質(zhì)點來代替物體的方法是假設(shè)法B速度的定義式v，采用的是比值法；當t非常非常小時，就可以表示物體在t時刻的瞬時速度，該定義應(yīng)用了極限思想C在探究電阻、電壓和電流三者之間的關(guān)系時，先保持電壓不變研究電阻與電流的關(guān)系，再保持電流不變研究電阻與電壓的關(guān)系，該實驗應(yīng)用了控制變量法D如圖1是三個實驗裝置，這三個實驗都體現(xiàn)了放大的思想圖1答案A解析質(zhì)點是用來代替物體的所有質(zhì)量的點，采用的科學(xué)方法為理想化物理模型的方法，故A不正確2如圖2所示，兩條曲線為汽車a、b在同一條平直公路上速度時間圖象，已知在t2時刻，兩車相遇，下列說法正確的是()圖2At1時刻兩車也相遇Bt1時刻a車在前，b車在后Ca車速度先增大后減小，b車速度先減小后增大Da車加速度先增大后減小，b車加速度先減小后增大答案C解析在t2時刻，兩車相遇，在t1t2時間內(nèi)，a圖線與時間軸圍成的面積大，則a的位移大，可知t1時刻，b車在前，a車在后，故A、B錯誤由圖線可知，a車的速度先增大后減小，b車的速度先減小后增大，故C正確圖線切線的斜率表示加速度，可知a車的加速度先減小后增大，b車的加速度先減小后增大，故D錯誤3(xx新課標17)如圖3所示，用橡皮筋將一小球懸掛在小車的架子上，系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)現(xiàn)使小車從靜止開始向左加速，加速度從零開始逐漸增大到某一值，然后保持此值，小球穩(wěn)定地偏離豎直方向某一角度(橡皮筋在彈性限度內(nèi))，與穩(wěn)定在豎直位置時相比，小球的高度()圖3A一定升高B一定降低C保持不變D升高或降低由橡皮筋的勁度系數(shù)決定答案A解析設(shè)橡皮筋原長為l0、勁度系數(shù)為k，小球在豎直位置靜止時，橡皮筋長度為l，加速時長度為l且與豎直方向夾角為.由胡克定律可知，靜止時k(ll0)mg，加速時小球受力分析如圖所示，由牛頓第二定律可知k(ll0)cos mg則k(ll0)k(ll0)cos lcos ll0(1cos )即lcos <l所以小球高度一定升高，故選項A正確4如圖4，在一半徑為R的球面頂端放一質(zhì)量為m的物塊，現(xiàn)給物塊一初速度v0，則()圖4A若v0，則物塊落地點離A點距離為RB若球面是粗糙的，當v0<時，物塊一定會沿球面下滑一段，再斜拋離球面C若v0<，則物塊落地點離A點距離為RD若v0，則物塊落地點離A點距離至少為2R答案D解析當v0，物塊將離開球面做平拋運動，由y2Rgt2，xv0t，得x2R，A錯誤，D正確；若v0<，物塊將沿球面下滑，若摩擦力足夠大，則物塊可能下滑一段后停下來，若摩擦力較小，物塊在圓心上方球面上某處離開，斜向下拋，落地點離A點距離大于R，B、C錯誤5我國“玉兔號”月球車被順利送抵月球表面，并發(fā)回大量圖片和信息若該月球車在地球表面的重力為G1，在月球表面的重力為G2.已知地球半徑為R1，月球半徑為R2，地球表面處的重力加速度為g，則()A“玉兔號”月球車在地球表面與月球表面質(zhì)量之比為B地球的質(zhì)量與月球的質(zhì)量之比為C地球表面處的重力加速度與月球表面處的重力加速度之比為D地球的第一宇宙速度與月球的第一宇宙速度之比為 答案D解析質(zhì)量是表示物體含物質(zhì)多少的物理量，與引力無關(guān)，物體的質(zhì)量是不變的，重力是改變的，根據(jù)重力表達式G重mg表示出g進行比較；忽略星球自轉(zhuǎn)的影響，根據(jù)萬有引力等于重力列出等式比較地球和月球的質(zhì)量；第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，也是最大的圓周運動的環(huán)繞速度“玉兔號”月球車在地球表面與月球表面質(zhì)量之比為11，故A選項錯誤；設(shè)“玉兔號”月球車質(zhì)量為m，根據(jù)Gmg，則地球的質(zhì)量為M1，月球的質(zhì)量為M2，故地球的質(zhì)量與月球的質(zhì)量之比為，故B選項錯誤；地球表面的重力加速度g1，月球表面的重力加速度g2，故地球表面處的重力加速度與月球表面處的重力加速度之比為G1G2，故C選項錯誤；第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，由Gm和Gmg，解得v，故地球的第一宇宙速度與月球的第一宇宙速度之比為 ，D選項正確6真空中存在一點電荷產(chǎn)生的電場，其中a、b兩點的電場強度方向如圖5所示，a點的電場方向與ab連線成60，b點的電場方向與ab連線成30.另一帶正電粒子以某初速度只在電場力作用下由a運動到b.以下說法正確的是()圖5Aa、b兩點的電場強度Ea3EbBa、b兩點的電勢a<bC帶正電粒子在a、b兩點的動能Eka>EkbD帶正電粒子在a、b兩點的電勢能Epa>Epb答案AD解析a點到O點的距離RaLabcos 60Lab，b點到O點距離RbLbcos 30Lab，根據(jù)點電荷的場強公式E，可得：Ea3Eb，故A正確；在點電荷的周圍越靠近場源電勢越低，故有ab，故B錯誤；帶正電粒子在a、b兩點的電勢能Epa>Epb，故D正確；由能量守恒，帶正電粒子在a、b兩點的動能Eka<Ekb，故C錯誤7如圖6甲所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)之比為41，原線圈接入如圖乙所示的正弦式交流電壓，副線圈接一個R27.5 的負載電阻電流表、電壓表均為理想電表，則下述結(jié)論正確的是()圖6A副線圈中電壓表的讀數(shù)為880 VB副線圈中輸出交流電的頻率為0.02 HzC原線圈中電流表的讀數(shù)為0.5 AD原線圈中的輸入功率為110 W答案CD解析變壓器原線圈的有效值為U1 V220 V，則副電壓U2U155 V，所以電壓表示數(shù)為55 V，選項A錯誤；副線圈中電流I22 A，原線圈中電流為I1I22 A0.5 A，選項C正確；原線圈輸入功率P1I1U10.5 A220 V110 W，選項D正確；交流電的頻率為f50 Hz，選項B錯誤8如圖7所示，平行金屬導(dǎo)軌ab、cd與水平面成角，間距為L，導(dǎo)軌與固定電阻R1和R2相連，磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場垂直穿過導(dǎo)軌平面有一導(dǎo)體棒MN，質(zhì)量為m，與導(dǎo)軌之間的動摩擦因數(shù)為，導(dǎo)體棒的電阻與固定電阻R1和R2的阻值均為R，導(dǎo)體棒以速度v沿導(dǎo)軌勻速下滑，忽略感應(yīng)電流之間的作用及導(dǎo)軌的電阻，則()圖7A導(dǎo)體棒兩端電壓為B電阻R1消耗的熱功率為mgv(sin cos )Ct時間內(nèi)通過導(dǎo)體棒的電荷量為D導(dǎo)體棒所受重力與安培力的合力方向與豎直方向夾角小于答案CD解析導(dǎo)體棒勻速運動時，合力為零，即：mgsin mgcos BIL；電磁感應(yīng)的過程中，R外R，MN兩端的電壓UIR外，聯(lián)立以上三式得：U，故A錯誤導(dǎo)體棒的重力的功率：PGmgvsin ，摩擦力的功率：Pfmgcos v，根據(jù)PI2R知，MN上的功率：PMNI2R，R1、R2上的功率：PR2PR1(I)2RI2RPMN；根據(jù)功能關(guān)系知：PGPfPMN2PR1，即有mgv(sin cos )2PR1PMN6PR1，解得電阻R1消耗的熱功率為PR1mgv(sin cos )，故B錯誤t時間內(nèi)通過導(dǎo)體棒的電荷量為qIt，故C正確導(dǎo)體棒受到重力、支持力、摩擦力和安培力四個力作用根據(jù)平衡條件得知：支持力、摩擦力和安培力三個力的合力與重力大小相等、方向相反，摩擦力與安培力方向相同，則支持力與摩擦力的合力與豎直方向的夾角小于，而重力與安培力的合力和支持力和摩擦力的合力方向相反，則知導(dǎo)體棒所受重力與安培力的合力方向與豎直方向夾角小于，故D正確故選C、D.第卷二、非選擇題(包括必考題和選考題兩部分第9題第12題為必考題，每個試題考生都必須做答第13題第15題為選考題，考生根據(jù)要求做答)(一)必考題(共47分)9(6分)(1)“探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系”的實驗裝置如圖8甲所示，在平衡小車與桌面之間摩擦力的過程中，打出了一條紙帶如圖乙所示計時器所用交流電源的頻率為50 Hz，從比較清晰的點起，每5個點取一個計數(shù)點，量出相鄰計數(shù)點之間的距離，該小車的加速度為_ m/s2.(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)圖8圖9(2)甲、乙兩同學(xué)在同一實驗室，各取一套圖示的裝置放在水平桌面上，在沒有平衡摩擦力的情況下，研究加速度a與拉力F的關(guān)系，分別得到如圖9中甲、乙兩條直線則甲、乙用的小車與木板間的動摩擦因數(shù)的關(guān)系為甲_乙(選填“大于”、“小于”或“等于”)答案(1)0.15(2)大于解析(1)由逐差法可得a102 m/s20.15 m/s2.(2)由牛頓第二定律Fmgma，結(jié)合圖象可知甲大于乙10 (9分)某同學(xué)用如圖10所示的電路測定一電動勢約2.8 V的電池的電動勢和內(nèi)阻，現(xiàn)有下列器材可供選用：圖10A電壓表(03 V，內(nèi)阻約5 k)B電流表(0100 mA，內(nèi)阻1 )C定值電阻R1(阻值0.2 )D定值電阻R2(阻值5.0 )E滑動變阻器R3(阻值015 )F開關(guān)、導(dǎo)線若干操作步驟如下：(1)該同學(xué)考慮由于電流表量程過小，需要擴大電流表量程應(yīng)在電流表上_(填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”)定值電阻_(填“R1”或“R2”)(2)將改裝后的電流表重新接入電路，并把滑動變阻器阻值仍調(diào)到最大，此時電流表指針偏轉(zhuǎn)角度較小逐漸調(diào)小滑動變阻器阻值，電流表示數(shù)有較大的變化，但電壓表示數(shù)基本不變，該現(xiàn)象說明_(3)為了讓實驗?zāi)苷＿M行，該同學(xué)對圖10的電路做了適當改進，請畫出改進后的電路圖(4)用改進后的電路測定出兩組數(shù)據(jù)：第一組數(shù)據(jù)為U11.36 V，I10.27 A；第二組數(shù)據(jù)為U22.00 V，I20.15 A，則電池的內(nèi)阻為_ (計算結(jié)果保留兩位小數(shù))答案(1)并聯(lián)R1(2)電池的內(nèi)阻太小(3)如圖所示(4)0.33解析(1)將電流表改裝成大量程的電流表需要并聯(lián)電阻，電池的電動勢約2.8 V，則電壓表量程選03 V電路中最小電流約Imin0.19 A，如果電流表并聯(lián)R1，由(I1Ig)R1IgRg，則改裝后的電流表量程為I10.6 A，如果并聯(lián)R2，由(I2Ig)R2IgRg，則改裝后的電流表量程為I20.12 A，故選擇并聯(lián)電阻R1.(2)電壓表示數(shù)基本不變，由閉合電路歐姆定律UEIr知，因為電池的內(nèi)阻太小，現(xiàn)象是電壓表的示數(shù)變化不明顯(3)由于電池的內(nèi)阻太小，故在電路中串聯(lián)一個定值電阻(4)由閉合電路歐姆定律UEI(R2r)，將兩組數(shù)據(jù)代入，解得內(nèi)阻r0.33 .11(12分)一質(zhì)量為1 kg的物塊置于水平地面上，現(xiàn)用一個水平恒力F拉物塊，一段時間后撤去恒力F，已知從物塊開始運動到停止，經(jīng)歷的時間為4 s，運動的位移為10 m，物塊與地面間的動摩擦因數(shù)為(g10 m/s2)(1)求恒力F的大??；圖11(2)若力F的大小可調(diào)節(jié)，其與豎直方向的夾角為也可以調(diào)節(jié)，如圖11所示，其他條件不變，若在力F作用下物塊勻速運動，求力F的最小值及此時的大小答案(1) N(2)當60時，F(xiàn)min5 N解析(1)由xvt得v5 m/s勻減速階段a2g m/s2時間t21.5 s則勻加速階段的時間t1(41.5) s2.5 s則加速階段a12 m/s2由Fmgma1得F N.(2)由勻速可知Fsin (mgFcos )得Ftan 0030當60時，F(xiàn)min5 N.12 (20分)如圖12所示，在xOy平面內(nèi)，以O(shè)(0，R)為圓心、R為半徑的圓內(nèi)有垂直平面向外的勻強磁場，x軸下方有垂直平面向里的勻強磁場，兩區(qū)域磁感應(yīng)強度大小相等第四象限有一與x軸成45角傾斜放置的擋板PQ，P、Q兩點在坐標軸上，且O、P兩點間的距離大于2R，在圓形磁場的左側(cè)0<y<2R的區(qū)間內(nèi)，均勻分布著質(zhì)量為m、電荷量為q的一簇帶電粒子，當所有粒子均沿x軸正向以速度v射入圓形磁場區(qū)域時，粒子偏轉(zhuǎn)后都從O點進入x軸下方磁場，結(jié)果有一半粒子能打在擋板上不計粒子重力、不考慮粒子間相互作用力求：圖12(1)磁場的磁感應(yīng)強度B的大小；(2)擋板端點P的坐標；(3)擋板上被粒子打中的區(qū)域長度答案(1)(2)(1)R,0(3)R解析(1)設(shè)一粒子自磁場邊界A點進入磁場，該粒子由O點射出圓形磁場，軌跡如圖甲所示，過A點做速度的垂線，長度為r，C為該軌跡圓的圓心連接AO、CO，可證得ACOO為菱形，根據(jù)圖中幾何關(guān)系可知：粒子在圓形磁場中的軌道半徑rR，由qvBm得B.(2)有一半粒子打到擋板上需滿足從O點射出的沿x軸負方向的粒子、沿y軸負方向的粒子軌跡剛好與擋板相切，如圖乙所示，過圓心D作擋板的垂線交于E點，DPR，OP(1)RP點的坐標為(1)R,0(3)設(shè)打到擋板最左側(cè)的粒子打在擋板上的F點，如圖丙所示，OF2R過O點作擋板的垂線交于G點，OG(1)R(1)RFG REGR擋板上被粒子打中的區(qū)域長度lFER RR(二)選考題(共15分)(請考生從給出的3道物理題中任選一題做答如果多做，則按所做的第一題計分)13物理選修33(15分)(1)(6分)以下說法正確的是_A氣體分子單位時間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)的分子數(shù)及氣體分子的平均動能都有關(guān)B布朗運動是液體分子的運動，它說明分子不停息地做無規(guī)則熱運動C當分子間的引力和斥力平衡時，分子勢能最小D如果氣體分子總數(shù)不變，而氣體溫度升高，氣體的平均動能一定增大，因此壓強也必然增大E當分子間距離增大時，分子間的引力和斥力都減小(2)(9分)如圖13所示，絕熱氣缸封閉一定質(zhì)量的理想氣體，被重量為G的絕熱活塞分成體積相等的M、N上下兩部分，氣缸內(nèi)壁光滑，活塞可在氣缸內(nèi)自由滑動設(shè)活塞的面積為S，兩部分的氣體的溫度均為T0，M部分的氣體壓強為p0，現(xiàn)把M、N兩部分倒置，仍要使兩部分體積相等，需要把M的溫度加熱到多大？圖13答案(1)ACE(2)(1)T0解析(1)氣體分子單位時間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)的分子數(shù)及氣體分子的平均動能都有關(guān)，單位體積內(nèi)的分子數(shù)越多，則氣體分子單位時間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的次數(shù)越多；分子的平均動能越大，則氣體的平均速率越大，則氣體分子單位時間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的次數(shù)越多，選項A正確；布朗運動是懸浮在液體中的固體顆粒的運動，它說明液體分子不停息地做無規(guī)則熱運動，選項B錯誤；當分子間的引力和斥力平衡時，即rr0位置，分子勢能最小，選項C正確；如果氣體分子總數(shù)不變，而氣體溫度升高，氣體的平均動能一定增大，但是如果氣體的體積變大，則氣體分子密度減小，因此壓強不一定增大，選項D錯誤；當分子間距離增大時，分子間的引力和斥力都減小，選項E正確(2)設(shè)加熱后M的溫度為T倒置前后N部分的氣體壓強不變均為pNp0對M部分倒置前后列方程聯(lián)立解得T(1)T014物理選修34(15分)(1)(6分)一簡諧橫波以4 m/s的波速沿x軸正方向傳播已知t0時的波形如圖14所示，則_圖14A波的周期為1 sBx0處的質(zhì)點在t0時向y軸負向運動Cx0處的質(zhì)點在t s時速度為0Dx0處的質(zhì)點在t s時向下振動E質(zhì)點P此時向下振動(2)(9分)一棱鏡的截面為直角三角形ABC，A30，斜邊ABa.棱鏡材料的折射率為n.在此截面所在的平面內(nèi)，一條光線以45的入射角從AC邊的中點M射入棱鏡(如圖15所示)畫出光路圖，并求光線從棱鏡射出的點的位置(不考慮光線沿原路返回的情況)圖15答案(1)ABD(2)見解析圖出射點在BC邊上離B點的a位置解析(1)根據(jù)波形圖得到波長為4 m，再根據(jù)波速與波長的關(guān)系公式v解得到波的周期T1 s，A選項正確；因為該波沿x軸正方向傳播，根據(jù)“同側(cè)法”判斷x0處的質(zhì)點在t0時向y軸負向運動，B選項正確；x0處的質(zhì)點再過0.25 s，即再過T，可以將波形圖向右平移，如圖所示，知此時x0處的質(zhì)點未達到負向最大位移處，故速度不為零，再由“同側(cè)法”知此時x0處的質(zhì)點向下振動，C選項錯誤，D選項正確；同理，由“同側(cè)法”知此時P點正在向y軸正方向運動，故E選項錯誤(2)光路圖如圖所示設(shè)折射光線與AB的交點為D，入射角為i，折射角為r，由折射定律得n解得r30由幾何關(guān)系可知，在D點的入射角60設(shè)全反射的臨界角為C，則sin C解得C45因>C，光在D點全反射設(shè)光線的出射點為E，且DEBC，過M作AD的垂線交于點F，由幾何關(guān)系得：BDa2AF，BEBDsin 30解得BEa即出射點在BC邊上離B點a的位置15物理選修35(15分)(1)(6分)在下列關(guān)于近代物理知識的說法中，正確的是_A玻爾理論可以成功解釋氫原子的光譜現(xiàn)象B氫原子的核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，原子的能量增大C射線為原子的核外電子電離后形成的電子流D鈾元素的半衰期為T，當溫度發(fā)生變化時，鈾元素的半衰期也發(fā)生變化E查德威克發(fā)現(xiàn)了中子，其核反應(yīng)方程為：BeHeCn(2)(9分)如圖16所示，A、B兩個木塊質(zhì)量分別為2 kg與0.9 kg，A、B與水平地面間接觸光滑，上表面粗糙，質(zhì)量為0.1 kg的鐵塊以10 m/s的速度從A的左端向右滑動，最后鐵塊與B的共同速度大小為0.5 m/s，求：圖16A的最終速度；鐵塊剛滑上B時鐵塊的速度答案(1)ABE(2)0.25 m/s2.75 m/s解析(1)盧瑟福的核式結(jié)構(gòu)模型解釋了粒子的大角度偏轉(zhuǎn)問題，但是無法解釋氫原子光譜的不連續(xù)性，即線狀譜，玻爾據(jù)此提出了氫原子能級結(jié)構(gòu)，選項A正確玻爾的氫原子能級結(jié)構(gòu)把離氫原子核最近的軌道稱為基態(tài)，能量值最小，離原子核越遠的軌道，能量值越高，所以氫原子的核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，原子的能量增大，選項B正確射線為原子核內(nèi)的一個中子衰變?yōu)橐粋€質(zhì)子和一個粒子，來自于原子核內(nèi)部，選項C錯誤從統(tǒng)計學(xué)上把半數(shù)原子核內(nèi)部發(fā)生衰變的時間規(guī)定為半衰期，溫度變化，不影響原子核內(nèi)部，所以半衰期不變，選項D錯誤查德威克用粒子轟擊鈹核產(chǎn)生中子，選項E符合物理學(xué)史，選項E正確(2)鐵塊和木塊A、B作為一個系統(tǒng)，由系統(tǒng)總動量守恒得：mv(MBm)vBMAvA可求得vA0.25 m/s.設(shè)鐵塊剛滑上B時的速度為u，此時A、B的速度均為vA0.25 m/s由系統(tǒng)動量守恒得：mvmu(MAMB)vA可求得：u2.75 m/s.