2019-2020年高考化學(xué)分類匯編 考點23 物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)(選修3).doc

2019-2020年高考化學(xué)分類匯編 考點23 物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)(選修3)非選擇題1.(xx新課標(biāo)全國卷37)化學(xué)選修3:物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)早期發(fā)現(xiàn)的一種天然二十面體準(zhǔn)晶顆粒由Al、Cu、Fe三種金屬元素組成。回答下列問題:(1)準(zhǔn)晶是一種無平移周期序,但有嚴(yán)格準(zhǔn)周期位置序的獨特晶體,可通過方法區(qū)分晶體、準(zhǔn)晶體和非晶體。(2)基態(tài)鐵原子有個未成對電子,Fe3+的電子排布式為,可用硫氰化鉀檢驗Fe3+,形成配合物的顏色為。(3)新制備的Cu(OH)2可將乙醛(CH3CHO)氧化成乙酸,而自身還原成Cu2O,乙醛中碳原子的雜化軌道類型為;1 mol乙醛分子中含有的鍵的數(shù)目為。乙酸的沸點明顯高于乙醛,其主要原因是 。Cu2O為半導(dǎo)體材料,在其立方晶胞內(nèi)部有4個氧原子,其余氧原子位于面心和頂點,則該晶胞中有個銅原子。(4)鋁單質(zhì)為面心立方晶體,其晶胞參數(shù)a=0.405 nm,晶胞中鋁原子的配位數(shù)為。列式表示鋁單質(zhì)的密度 gcm-3(不必計算出結(jié)果)?！窘忸}指南】解答本題要注意以下3點:(1)核外電子在排布時應(yīng)遵循洪特規(guī)則特例;(2)分子間氫鍵能夠使物質(zhì)的沸點升高;(3)取1 mol晶體計算出該晶體一個晶胞的質(zhì)量,再計算出一個晶胞的體積,然后根據(jù)公式計算晶體的密度?！窘馕觥?1)區(qū)別晶體、準(zhǔn)晶體與非晶體最可靠的方法是X-射線衍射。(2)26號元素鐵的核外電子排布式為1s22s22p63s23p63d64s2,由此可知基態(tài)鐵原子的3d軌道上有4個未成對電子,當(dāng)鐵原子失去4s軌道上的兩個電子和3d軌道上的一個電子時形成三價鐵離子,因此三價鐵離子的核外電子排布式為1s22s22p63s23p63d5,三價鐵離子遇硫氰酸根離子變成紅色。(3)乙醛中甲基上的碳為sp3雜化,醛基上的碳原子為sp2雜化;乙醛分子中有5個單鍵、一個雙鍵,其中五個單鍵全是鍵,雙鍵中一個是鍵,一個是鍵;乙酸分子間存在分子間氫鍵,因此沸點較高;氧化亞銅晶胞中含有氧原子個數(shù)為4+81/8+61/2=8,根據(jù)氧化亞銅的化學(xué)式可知,晶胞中銅原子和氧原子的個數(shù)之比為21,所以晶胞中銅原子個數(shù)為16個。(4)在晶體中,與鋁原子距離相等且最近的鋁原子共有34=12個,所以在晶胞中鋁原子的配位數(shù)為12,一個晶胞中含有鋁原子的個數(shù)是81/8+61/2=4,晶體的密度為=gcm-3。答案:(1)X-射線衍射(2)41s22s22p63s23p63d5紅色(3)sp3、sp26NACH3COOH存在分子間氫鍵16(4)122.(xx浙江高考自選模塊15)請回答下列問題:(1)31Ga基態(tài)原子的核外電子排布式是。某種半導(dǎo)體材料由Ga和As兩種元素組成,該半導(dǎo)體材料的化學(xué)式是,其晶體結(jié)構(gòu)類型可能為。(2)維生素B1可作為輔酶參與糖的代謝,并有保護(hù)神經(jīng)系統(tǒng)的作用。該物質(zhì)的結(jié)構(gòu)式為:以下關(guān)于維生素B1的說法正確的是。A.只含鍵和鍵B.既有共價鍵又有離子鍵C.該物質(zhì)的熔點可能高于NaClD.該物質(zhì)易溶于鹽酸(3)維生素B1晶體溶于水的過程中要克服的微粒間作用力有 。A.離子鍵、共價鍵 B.離子鍵、氫鍵、共價鍵C.氫鍵、范德華力 D.離子鍵、氫鍵、范德華力【解題指南】解答本題時應(yīng)注意以下三點:(1)熟悉每個主族所含的元素。(2)單鍵含1個鍵,雙鍵含1個鍵和1個鍵。(3)熟練掌握晶體類型與形成晶體作用力的對應(yīng)關(guān)系?！窘馕觥?1)Ga與Al同主族,位于第4周期A族,從而可得其電子排布式為1s22s22p63s23p63d104s24p1。由于Ga和As組成的物質(zhì)是半導(dǎo)體材料,不是離子化合物,Ga最外層有3個電子,As最外層有5個電子,兩者以共價鍵形成GaAs,屬于原子晶體。(2)雙鍵含1個鍵和1個鍵,其中還有Cl-與N+的離子鍵,A錯誤、B正確;與氯化鈉晶體相比,維生素B1中的陽離子比Na+半徑大,晶格能小,熔點低,C錯誤;維生素B1中的NH2是堿性基團(tuán),能與鹽酸反應(yīng),D正確。(3)維生素B1中含有離子鍵,水中含有氫鍵和分子間作用力,維生素B1溶于水時需要克服維生素B1中的離子鍵、水中的氫鍵和范德華力。答案:(1)1s22s22p63s23p63d104s24p1GaAs原子晶體(2)B、D(3)D3.(xx海南高考19)【選修3物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)】.對于鈉的鹵化物(NaX)和硅的鹵化物(SiX4)下列敘述正確的是()A.SiX4難水解B.SiX4是共價化合物C.NaX易水解 D.NaX的熔點一般高于SiX4.碳元素的單質(zhì)有多種形式,下圖依次是C60、石墨和金剛石的結(jié)構(gòu)圖:回答下列問題:(1)金剛石、石墨、C60、碳納米管等都是碳元素的單質(zhì)形式,它們互為。(2)金剛石、石墨烯(指單層石墨)中碳原子的雜化形式分別為、。(3)C60屬于晶體,石墨屬于晶體。(4)石墨晶體中,層內(nèi)CC鍵的鍵長為142 pm,而金剛石中CC鍵的鍵長為154 pm,其原因是金剛石中只存在CC間的共價鍵,而石墨層內(nèi)的CC間不僅存在共價鍵,還有鍵。(5)金剛石晶胞含有個碳原子。若碳原子半徑為r,金剛石晶胞的邊長為a,根據(jù)硬球接觸模型,則r=a,列式表示碳原子在晶胞中的空間占有率(不要求計算結(jié)果)。【解題指南】解答本題時應(yīng)注意以下3點:(1)原子結(jié)構(gòu)決定化合物中化學(xué)鍵的類型以及晶體類型;(2)同素異形體的概念和判斷;(3)晶胞的計算和晶體結(jié)構(gòu)的計算。【解析】.鈉位于第A族,是活潑金屬元素,易失電子,鈉的鹵化物為離子化合物,而硅位于第A族,既不易失電子也不易得電子,因此硅的氯化物為共價化合物;硅的鹵化物易發(fā)生水解而NaX一般不水解,氫鹵酸中只有氫氟酸為弱酸,其余為強(qiáng)酸,所以正確的敘述為B、D。.C60為分子晶體,金剛石為原子晶體,石墨為混合晶體,它們均屬于碳元素的不同單質(zhì),因此互稱同素異形體;金剛石為空間立體網(wǎng)狀結(jié)構(gòu),每一個碳原子與四個相鄰碳原子形成共價鍵,因此碳原子雜化方式為sp3雜化,化學(xué)鍵只有鍵;而石墨層內(nèi)為平面正六邊形,層間為分子間作用力,所以石墨中碳原子的雜化方式為sp2雜化,即石墨層內(nèi)不僅存在鍵還存在鍵;金剛石晶胞中各個頂點、面上和體內(nèi)的原子數(shù)目依次為8、6、4,然后依據(jù)晶胞計算確定在晶體中碳原子數(shù)目,碳原子數(shù)目為n=81/8+61/2+4=8;根據(jù)硬球接觸模型可以確定,體對角線四分之一處的原子與頂點上的原子緊貼,因此有(a)=2r,則r=a;然后可以確定原子的占有率為(8r3)/a3=。答案:.B、D.(1)同素異形體(2)sp3sp2(3)分子混合(4)(或大或p-p)(5)8=4.(xx上海高考四大題)合成氨工藝的一個重要工序是銅洗,其目的是用銅液醋酸二氨合銅()、氨水吸收在生產(chǎn)過程中產(chǎn)生的CO和CO2等氣體,銅液吸收CO的反應(yīng)是放熱反應(yīng),其反應(yīng)方程式為Cu(NH3)2Ac+CO+NH3Cu(NH3)3COAc完成下列填空:(1)如果要提高上述反應(yīng)的反應(yīng)速率,可以采取的措施是 。(選填編號)a.減壓 b.增加NH3的濃度 c.升溫 d.及時移走產(chǎn)物(2)銅液中的氨可吸收二氧化碳,寫出該反應(yīng)的化學(xué)方程式: 。(3)簡述銅液吸收CO及銅液再生的操作步驟(注明吸收和再生的條件)。 。(4)銅液的組成元素中,短周期元素原子半徑從大到小的排列順序為 。其中氮元素原子最外層電子排布的軌道表示式是 。通過比較可判斷氮、磷兩種元素的非金屬性強(qiáng)弱。(5)已知CS2與CO2分子結(jié)構(gòu)相似,CS2的電子式是。CS2熔點高于CO2,其原因是 ?！窘馕觥?1)減壓使氣體的濃度減小,速率減小,a錯誤;增加NH3的濃度反應(yīng)速率加快,b正確;升溫反應(yīng)速率加快,c正確;及時移走產(chǎn)物使產(chǎn)物濃度減小,反應(yīng)速率減小,d錯誤。(2)過量的氨和二氧化碳反應(yīng)生成(NH4)2CO3。(3)銅液吸收CO的反應(yīng)是氣體體積減小的反應(yīng),加壓平衡右移;反應(yīng)是放熱反應(yīng),降溫平衡右移。再生是采取減壓、升溫使平衡左移,并將得到的氣體儲存起來。(4)銅液的組成元素中,短周期元素有氫、碳、氮、氧,同周期從左到右元素的原子半徑逐漸減小。氮原子核外有7個電子,最外層上有5個電子,2s和2p軌道上分別有2、3個電子。元素的非金屬性越強(qiáng),對應(yīng)元素的氣態(tài)氫化物越穩(wěn)定。(5)CS2與CO2分子結(jié)構(gòu)相似,CO2分子中含有兩個碳氧雙鍵,則CS2的電子式為。分子組成相似的物質(zhì),相對分子質(zhì)量越大,分子間作用力越大,熔沸點越高。答案: (1)b、c(2)2NH3+CO2+H2O(NH4)2CO3、(NH4)2CO3+CO2+H2O2NH4HCO3(3)低溫、加壓下吸收CO;然后將銅洗液轉(zhuǎn)移至另一容器中;高溫、低壓下釋放CO,然后將銅洗液循環(huán)使用(4)C>N>O>HNH3和PH3的穩(wěn)定性(5)CS2和CO2都是分子晶體,CS2的相對分子質(zhì)量大,分子間作用力大5.(xx四川高考8)X、Y、Z、R為前四周期元素,且原子序數(shù)依次增大。XY2是紅棕色氣體;X與氫元素可形成XH3;Z基態(tài)原子的M層與K層電子數(shù)相等;R2+的3d軌道中有9個電子。請回答下列問題:(1)Y基態(tài)原子的電子排布式是 ；Z所在周期中第一電離能最大的主族元素是 。(2)X的立體構(gòu)型是;R2+的水合離子中,提供孤電子對的原子是 。(3)Z與某元素形成的化合物的晶胞如圖所示,晶胞中陰離子與陽離子的個數(shù)比是。(4)將R單質(zhì)的粉末加入XH3的濃溶液中,通入Y2,充分反應(yīng)后溶液呈深藍(lán)色,該反應(yīng)的離子方程式是 ?！窘忸}指南】解答本題需注意以下兩點:(1)常見的紅棕色氣體是二氧化氮;(2)利用價層電子對互斥理論可以判斷分子的空間構(gòu)型?！窘馕觥縓、Y、Z、R為前四周期元素,且原子序數(shù)依次增大,XY2是紅棕色的氣體,該氣體是NO2,則X是氮元素,Y是氧元素;X與氫元素可形成XH3,該氣體是氨氣;Z基態(tài)原子的M層與K層電子數(shù)相等,則該元素的原子序數(shù)是2+8+2=12,即為鎂元素,R2+的3d軌道上有9個電子,因此R的原子序數(shù)是18+9+2=29,即為銅元素。(1)氧元素的原子序數(shù)是8,根據(jù)核外電子排布規(guī)律可知,氧元素的基態(tài)原子的電子排布式為1s22s22p4。同周期自左向右元素的第一電離能有逐漸增大的趨勢,鎂是第3周期的元素,其所在的周期中第一電離能最大的主族元素是氯元素。(2)根據(jù)價層電子對互斥理論可知,N的立體構(gòu)型是V型;銅離子含有空軌道,而水分子中的氧原子含有孤電子對,因此在Cu2+的水合離子中,提供孤電子對的原子是氧原子。(3)根據(jù)晶胞結(jié)構(gòu)可知,陽離子在8個頂點和體心位置,因此晶胞中陽離子個數(shù)為1+81/8=2,陰離子在上下面各2個,晶胞內(nèi)部2個,則陰離子個數(shù)=41/2+2=4,因此晶胞中陰離子與陽離子的個數(shù)比為21。(4)將銅單質(zhì)的粉末加入氨氣的濃溶液中,通入氧氣,充分反應(yīng)后溶液呈深藍(lán)色,這說明在反應(yīng)中銅被氧化成銅離子,與氨氣結(jié)合形成配位鍵,則該反應(yīng)的離子反應(yīng)方程式是2Cu+8NH3H2O+O22Cu(NH3)42+4OH-+6H2O。答案:(1)1s22s22p4Cl(2)V型O(3)21(4)2Cu+8NH3H2O+O22Cu(NH3)42+4OH-+6H2O6. (xx江蘇高考21 A)物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)含有NaOH的Cu(OH)2懸濁液可用于檢驗醛基,也可用于和葡萄糖反應(yīng)制備納米Cu2O。(1)Cu+基態(tài)核外電子排布式為 。(2)與OH-互為等電子體的一種分子為(填化學(xué)式)。(3)醛基中碳原子的軌道雜化類型是;1 mol乙醛分子中含有的鍵的數(shù)目為。(4)含有NaOH的Cu(OH)2懸濁液與乙醛反應(yīng)的化學(xué)方程式為 。(5)Cu2O在稀硫酸中生成Cu和CuSO4。銅晶胞結(jié)構(gòu)如下圖所示,銅晶體中每個銅原子周圍距離最近的銅原子數(shù)目為。【解析】(1)Cu為29號元素,核外電子排布式為Ar3d104s1,Cu+為Cu失去4s軌道上的一個電子,則為Ar3d10。(2)等電子體必須具備原子數(shù)相等,價電子數(shù)相等,O得一個電子,即為F,所以O(shè)H-與HF互為等電子體。(3)醛基中的C為碳氧雙鍵,屬于sp2雜化,CH3CHO中單鍵均為鍵,CO中有一個為鍵,共有6 mol。(4)醛基在堿性條件下,可被Cu(OH)2氧化生成Cu2O沉淀。(5)Cu為面心立方晶胞,配位數(shù)為12。答案:(1)Ar3d10或1s22s22p63s23p63d10(2)HF(3)sp26NA或66.021023個(4)2Cu(OH)2+CH3CHO+NaOHCH3COONa+Cu2O+3H2O(5)127.(xx福建高考31) 【化學(xué)物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)】氮化硼(BN)晶體有多種相結(jié)構(gòu)。六方相氮化硼是通常存在的穩(wěn)定相,與石墨相似,具有層狀結(jié)構(gòu),可作高溫潤滑劑。立方相氮化硼是超硬材料,有優(yōu)異的耐磨性。它們的晶體結(jié)構(gòu)如圖所示。(1)基態(tài)硼原子的電子排布式為 。(2)關(guān)于這兩種晶體的說法,正確的是(填序號)。a.立方相氮化硼含有鍵和鍵,所以硬度大b.六方相氮化硼層間作用力小,所以質(zhì)地軟c.兩種晶體中的BN鍵均為共價鍵d.兩種晶體均為分子晶體(3)六方相氮化硼晶體層內(nèi)一個硼原子與相鄰氮原子構(gòu)成的空間構(gòu)型為,其結(jié)構(gòu)與石墨相似卻不導(dǎo)電,原因是 。(4)立方相氮化硼晶體中,硼原子的雜化軌道類型為。該晶體的天然礦物在青藏高原地下約300 km的古地殼中被發(fā)現(xiàn)。根據(jù)這一礦物形成事實,推斷實驗室由六方相氮化硼合成立方相氮化硼需要的條件應(yīng)是 。(5)NH4BF4(氟硼酸銨)是合成氮化硼納米管的原料之一。1 mol NH4BF4含有mol配位鍵?！窘忸}指南】解答本題時應(yīng)注意以下3點:(1)原子結(jié)構(gòu)中的電子排布式書寫規(guī)則;(2)分子結(jié)構(gòu)中化學(xué)鍵的確定和雜化軌道類型判斷以及分子空間構(gòu)型的判斷;(3)原子晶體的結(jié)構(gòu)以及石墨和金剛石晶體的差異?！窘馕觥?1)硼元素位于元素周期表第2周期第A族,所以基態(tài)硼原子的電子排布式為1s22s22p1。(2)根據(jù)六方相氮化硼和立方相氮化硼晶體的結(jié)構(gòu)示意圖和信息,結(jié)合金剛石和石墨的結(jié)構(gòu),確定六方相氮化硼晶體類似于石墨晶體;立方相氮化硼晶體類似于金剛石晶體;因此二者晶體原子之間均通過共價鍵相連,而六方相氮化硼晶體層與層之間依靠范德華力即分子間作用力相連,作用力小,質(zhì)軟。(3)六方相氮化硼晶體類似于石墨晶體,其晶體層內(nèi)一個硼原子與相鄰三個氮原子成鍵,空間構(gòu)型為平面三角形結(jié)構(gòu);而石墨晶體中層內(nèi)一個碳原子與相鄰三個碳原子成鍵,還有一個電子在層內(nèi)自由移動,層內(nèi)可以導(dǎo)電;而氮化硼形成三個共價鍵后,硼元素的原子最外層電子全部參與成鍵,沒有自由移動的電子,不導(dǎo)電。(4)立方相氮化硼晶體結(jié)構(gòu)中每一個硼原子與四個氮原子形成空間立體結(jié)構(gòu),其雜化方式為sp3雜化;該晶體的天然礦物在青藏高原地下約300 km的古地殼中被發(fā)現(xiàn),根據(jù)這一位置的溫度和壓強(qiáng),進(jìn)而確定由六方相氮化硼合成立方相氮化硼需要的條件應(yīng)是高溫、高壓。(5)NH4BF4(氟硼酸銨)中含銨根離子和氟硼酸根離子,其中銨根離子含有三個鍵和一個配位鍵,而氟硼酸根離子中含有三個鍵和一個配位鍵,因此1 mol NH4BF4含有2 mol配位鍵。答案:(1)1s22s22p1(2)b、c(3)平面三角形層狀結(jié)構(gòu)中沒有自由移動的電子(4)sp3高溫、高壓(5)28.(xx山東高考33)【化學(xué)物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)】石墨烯(圖甲)是一種由單層碳原子構(gòu)成的平面結(jié)構(gòu)新型碳材料,石墨烯中部分碳原子被氧化后,其平面結(jié)構(gòu)會發(fā)生改變,轉(zhuǎn)化為氧化石墨烯(圖乙)。(1)圖甲中,1號C與相鄰C形成鍵的個數(shù)為。(2)圖乙中,1號C的雜化方式是,該C與相鄰C形成的鍵角(填“>”“<”或“=”)圖甲中1號C與相鄰C形成的鍵角。(3)若將圖乙所示的氧化石墨烯分散在H2O中,則氧化石墨烯中可與H2O形成氫鍵的原子有(填元素符號)。(4)石墨烯可轉(zhuǎn)化為富勒烯(C60),某金屬M與C60可制備一種低溫超導(dǎo)材料,晶胞如圖丙所示,M原子位于晶胞的棱上與內(nèi)部。該晶胞中M原子的個數(shù)為,該材料的化學(xué)式為 ?！窘忸}指南】解答本題時應(yīng)注意以下3點:(1)熟練掌握雜化方式的判斷方法;(2)記住碳四面體的鍵角為109.5,碳平面結(jié)構(gòu)的鍵角為120;(3)熟練應(yīng)用均攤法進(jìn)行晶胞計算?！窘馕觥?1)根據(jù)圖甲可知,1號C與相鄰C形成鍵的個數(shù)為3;(2)圖乙1號C形成了4個鍵,是sp3雜化方式;圖乙中1號C與相鄰C形成的鍵角為109.5,圖甲中1號C與相鄰C形成的鍵角為120;(3)氧化石墨烯中氧原子與H2O中的氫原子,及氧化石墨烯中的氫原子與H2O中的氧原子都可以形成氫鍵;(4)根據(jù)均攤法,晶胞含M原子的個數(shù)為12+9=12,C60位于頂點和面心,故晶胞含C60的個數(shù)為8+6=4,故化學(xué)式為M3C60。答案:(1)3(2)sp3<(3)O、H(4)12M3C609.(xx新課標(biāo)全國卷37)化學(xué)選修3:物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)周期表前四周期的元素a、b、c、d、e,原子序數(shù)依次增大。a的核外電子總數(shù)與其周期數(shù)相同,b的價電子層中的未成對電子有3個,c的最外層電子數(shù)為其內(nèi)層電子數(shù)的3倍,d與c同族,e的最外層只有1個電子,但次外層有18個電子?；卮鹣铝袉栴}:(1)b、c、d中第一電離能最大的是(填元素符號),e的價層電子軌道示意圖為。(2)a和其他元素形成的二元共價化合物中,分子呈三角錐形,該分子的中心原子的雜化方式為;分子中既含有極性共價鍵,又含有非極性共價鍵的化合物是(填化學(xué)式,寫出兩種)。(3)這些元素形成的含氧酸中,分子的中心原子的價層電子對數(shù)為3的酸是;酸根呈三角錐結(jié)構(gòu)的酸是。(填化學(xué)式)(4)e和c形成的一種離子化合物的晶體結(jié)構(gòu)如圖1,則e離子的電荷為。(5)這5種元素形成的一種11型離子化合物中,陰離子呈四面體結(jié)構(gòu);陽離子呈軸向狹長的八面體結(jié)構(gòu)(如圖2所示)。該化合物中,陰離子為,陽離子中存在的化學(xué)鍵類型有;該化合物加熱時首先失去的組分是,判斷理由是?！窘忸}指南】解答本題要注意以下兩點:(1)注意洪特規(guī)則特例對元素第一電離能的影響;(2)利用均攤法計算晶體中擁有微粒個數(shù),然后求晶體的化學(xué)式,進(jìn)而可以求出元素的化合價?！窘馕觥縜的核外電子總數(shù)與其周期數(shù)相同,則a為氫;b的價電子層中的未成對電子有3個,則b為氮;c的最外層電子數(shù)為其內(nèi)層電子數(shù)的3倍,則c為氧;d與c同主族,d為硫;e的最外層只有1個電子,但次外層有18個電子,其電子排布式應(yīng)為1s22s22p63s23p63d104s1,為銅元素。(1)同一周期的元素第一電離能從左往右逐漸增大,但是氮元素的2p軌道因為是半滿的,因此其第一電離能反常得高,同一主族的元素從上到下第一電離能逐漸減小,因此三者電離能大小為N>O>S;銅的電子排布式為1s22s22p63s23p63d104s1,因此其價層電子軌道示意圖為;(2)根據(jù)題意應(yīng)該是形成氨氣,氨氣中氮原子為sp3雜化,分子中既有非極性鍵又有極性鍵的二元化合物有H2O2、N2H4、C2H6等;(3)符合題意的酸是HNO2、HNO3;酸根為三角錐形的酸是H2SO3;(4)晶胞中氧原子有1+8=2;銅原子的個數(shù)為4,因此該晶體為氧化亞銅,其中銅原子為+1價;(5)這5種元素形成的一種11型離子化合物中,陰離子呈四面體結(jié)構(gòu),則陰離子為硫酸根,根據(jù)陽離子的結(jié)構(gòu)圖可以知道該陽離子中含有一個銅離子,四個氨分子,兩個水分子,因此該物質(zhì)的化學(xué)式為Cu(NH3)4(H2O)2SO4,陽離子中存在配位鍵和共價鍵,該化合物加熱時首先失去水,原因是銅離子與水所形成的配位鍵要比與氨氣所形成的配位鍵弱。答案:(1)N(2)sp3H2O2、N2H4(合理即可)(3)HNO2、HNO3H2SO3(4)+1(5)S共價鍵和配位鍵H2OH2O與Cu2+的配位鍵比NH3與Cu2+的弱