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2019年高考物理二輪復習 直流電路與交流電路提能專訓
一、選擇題(本題共13小題，每小題4分，共52分．多選全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分)
1．(xx福州八中質檢)如圖所示為電阻R1和R2的伏安特性曲線，這兩條曲線把第一象限分為Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三個區(qū)域．現(xiàn)把R1和R2并聯(lián)在電路中，消耗的電功率分別用P1和P2表示；并聯(lián)的總電阻設為R.下列關于P1與P2的大小關系及R的伏安特性曲線應該在區(qū)域的說法正確的是( )
A．伏安特性曲線在Ⅰ區(qū)域，P1
P2
D．伏安特性曲線在Ⅲ區(qū)域，P1>P2
答案：C
解析：由題圖可知，R1P2，并聯(lián)總電阻小于任一電阻，所以其伏安特性曲線應在Ⅰ區(qū)，選項C正確．
2.
(xx河南開封一模)如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內阻為R.L1和L2為相同的燈泡，每個燈泡的電阻和定值電阻阻值均為R.電壓表為理想電表，K為單刀雙擲開關．當開關由1位置擲到2位置時，下列說法中正確的是( )
A．L1亮度不變，L2將變暗
B．L1將變亮，L2將變暗
C．電源內阻的發(fā)熱功率將變小
D．電壓表示數(shù)將變小
答案：D
解析：開關擲到位置1時，燈泡L1和L2并聯(lián)，并聯(lián)電阻R并＝＝，電路總電阻R總＝R＋R＋＝，干路電流I＝＝，根據并聯(lián)電路電流與電阻成反比可得流過燈泡L1和L2的電流相等即I1＝I2＝.開關擲到2位置時，燈泡L1與定值電阻R串聯(lián)，然后與燈泡L2并聯(lián)，并聯(lián)電阻為R′并＝＝，電路總電阻R′總＝R＋＝，干路電流I′＝＝，根據并聯(lián)電路電流與電阻成反比可得流過燈泡L1的電流I′1＝I′＝，流過燈泡L2的電流I′2＝I′＝.據此判斷，開關由1位置擲到2位置，流過燈泡L1的電流大小不變，燈泡亮度不變，流過燈泡L2的電流變大，燈泡變亮，所以選項A、B錯．總電流變大，電源內阻的發(fā)熱功率(P＝I2R)變大，選項C錯．總電流變大，內電壓變大，路端電壓變小，電壓表示數(shù)變小，選項D對．
3．(xx河南省焦作市高三期末)在勻強磁場中，一矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉動軸勻速轉動，如圖甲所示．產生的交變電動勢隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示．則下列說法正確的是( )
A．t＝0.01 s時穿過線框的磁通量最小
B．該交變電動勢的有效值為11 V
C．該交變電動勢的瞬時值表達式為e＝22cos (100πt) V
D．電動勢瞬時值為22 V時，線圈平面與中性面的夾角為45
答案：D
解析：t＝0.01 s時，感應電動勢為零，穿過線框的磁通量最大，選項A錯誤；該交變電動勢的有效值為U＝＝22 V，選項B錯誤；該交變電動勢的瞬時值表達式為e＝22sint＝22sin (100πt) V，選項C錯誤；電動勢瞬時值為22 V時，sin (100πt)＝，線圈平面與初始位置所在平面的夾角為45，與中性面的夾角也為45，選項D正確．
4．(xx安徽安慶二模)一個匝數(shù)為100匝，電阻為0.5 Ω的閉合線圈處于某一磁場中，磁場方向垂直于線圈平面，從某時刻起穿過線圈的磁通量按圖示規(guī)律變化．則線圈中產生交變電流的有效值為( )
A．5 A B．2 A
C．6 A D. 5 A
答案：B
解析：0～1 s內線圈中產生的感應電動勢E1＝n＝1000.01 V＝1 V,1～1.2 s內線圈中產生的感應電動勢E2＝n＝100 V＝5 V，對一個定值電阻，在一個周期內產生的熱量Q＝Q1＋Q2＝1 J＋0.2 J＝12 J，根據交變電流有效值的定義Q＝I2Rt＝12 J得，I＝2 A，故B項正確，A、C、D錯誤．
5．(xx河北開灤一中模擬)一個U形金屬線框在勻強磁場中繞OO′軸以相同的角速度勻速轉動，通過導線給同一電阻R供電，如圖甲、乙所示．其中甲圖中OO′軸右側有磁場，乙圖中整個空間均有磁場，兩磁場磁感應強度相同．則甲、乙兩圖中交流電流表的示數(shù)之比為( )
A．1∶ B．1∶2 C．1∶4 D．1∶1
答案：A
解析：甲圖中的磁場只分布在OO′軸的右側，所以線框只在半個周期內有感應電流產生，電流表測的是有效值，所以I＝；乙圖中的磁場布滿整個空間，所以I′＝，則I∶I′＝1∶，即A項正確．
6．(xx廣東理綜)(多選)如圖所示的電路中，P為滑動變阻器的滑片，保持理想變壓器的輸入電壓U1不變，閉合電鍵S，下列說法正確的是( )
A．P向下滑動時，燈L變亮
B．P向下滑動時，變壓器的輸出電壓不變
C．P向上滑動時，變壓器的輸入電流變小
D．P向上滑動時，變壓器的輸出功率變大
答案：BD
解析：由于理想變壓器輸入電壓U1不變，原、副線圈匝數(shù)不變，所以輸出電壓U2也不變，燈L亮度不隨P的滑動而改變，故選項A錯誤，選項B正確．P向上滑動時，滑動變阻器接入電路的電阻減小，負載總電阻R總減小，由I2＝知，通過副線圈的電流I2增大，輸出功率P2＝U2I2增大，再由＝知輸入電流I1也增大，故選項C錯誤，D正確．
7.
(xx山西太原一模)如圖是原、副線圈都有中心抽頭(匝數(shù)一半處)的理想變壓器，原線圈通過單刀雙擲開關S1與電流表連接，副線圈通過另一單刀雙擲開關S2與定值電阻R0相連接，通過S1、S2可以改變原、副線圈的匝數(shù)．現(xiàn)在原線圈上加一電壓有效值為U的正弦交流電，當S1接a，S2接c時，電流表的示數(shù)為I，下列說法正確的是( )
A．當S1接a，S2接d時，電流為2I
B．當S1接a，S2接d時，電流為
C．當S1接b，S2接c時，電流為4I
D．當S1接b，S2接d時，電流為
答案：C
解析：設S1、S2分別接a、c時，匝數(shù)比為n1∶n2，則輸出電壓U2＝U，功率P2＝UI＝，在S1、S2分別接a、d時，輸出電壓U′2＝，功率P′2＝UI′＝，解得I′＝I，所以A、B項均錯；同理可知，C項對，D項錯誤．
8．(xx廣東揭陽一模)(多選)某發(fā)電站采用高壓輸電向外輸送電能．若輸送的總功率為P0，輸電電壓為U，輸電導線的總電阻為R，則下列說法正確的是( )
A．輸電線上的電流為
B．輸電線上的電流為
C．輸電線上損失的功率為
D．輸電線上損失的功率為
答案：BD
解析：根據P＝UI得，輸電線上的電流I＝，只有當U是導線上損失的電壓，可以用I＝得出輸電線上的電流，然而此處U為輸電電壓，故A項錯誤，B項正確；輸電線上損耗的功率ΔP＝I2R＝，故C項錯誤，D項正確．
9．如圖所示的電路中，電源的電動勢為E，內阻為r，正確接入電路中的電表a、b、c均有正常示數(shù)(既不為零，也不超量程；電表均為理想電壓表或電流表)，在滑動變阻器的滑片P向右移動的過程中，關于a、b、c三只電表示數(shù)的變化，以下說法正確的是( )
A．a的示數(shù)將變大，c的示數(shù)將變小
B．a的示數(shù)將變小，c的示數(shù)將變大
C．a的示數(shù)將變小，b的示數(shù)將變小
D．b的示數(shù)將不變，c的示數(shù)將變小
答案：A
解析：由題意，a是電流表，測量流過滑動變阻器的電流，b是電流表，測量干路電流，c是電壓表，測量電源路端電壓．在滑動變阻器滑片P向右移動過程中，電阻變小，由閉合電路歐姆定律，電流表b的示數(shù)變大，路端電壓U＝E－Ir變小，通過R的電流變小，電流表a的示數(shù)Ia＝I－IR變大，選項A正確．
10．(xx長沙重點中學第三次月考)(多選)汽車電動機啟動時車燈會瞬時變暗，如圖，在打開車燈的情況下，電動機未啟動時電流表讀數(shù)為10 A，電動機啟動時電流表讀數(shù)為58 A，若電源電動勢為12.5 V，內阻為0.05 Ω，電動機內阻為0.02 Ω，電流表內阻不計，則電動機啟動時( )
A．車燈的電壓為9.6 V
B．通過電動機的電流為48 A
C．電動機的電功率為50 W
D．電動機輸出的機械功率為430 W
答案：AD
解析：根據閉合電路歐姆定律，當電動機啟動時，UL＝E－Ir＝12.5 V－580.05 V＝9.6 V，A項正確；燈泡電阻RL＝＝1.2 Ω，電動機啟動時通過燈的電流IL＝ A＝8 A，通過電動機的電流為IM＝50 A，則電動機的電功率P＝UIM＝480 W，機械功率P機＝P－Ir′＝430 W，故B、C項錯，D項正確．
11．(xx湖北八校二聯(lián))如圖為學校配電房向各個教室的供電示意圖，T為理想變壓器，V1、A1為監(jiān)控市電供電端的電壓表和電流表，V2、A2為監(jiān)控校內變壓器的輸出端的電壓表和電流表，R1、R2為教室的負載電阻，V3、A3為教室內的監(jiān)控電壓表和電流表，配電房和教室間有相當長的一段距離，則當開關S閉合時( )
A．電流表A1、A2和A3的示數(shù)都變大
B．只有電流表A1的示數(shù)變大
C．電壓表V3的示數(shù)變小
D．電壓表V2和V3的示數(shù)都變小
答案：C
解析：在電路中，S閉合前，由＝可知，電壓表的示數(shù)V2為U2＝U1，電路中電流表A2與A3是串聯(lián)關系，則由歐姆定律可得I2＝I3＝(r為電線電阻)，電壓表V3的示數(shù)為U3＝R1I2，再由＝可知電流表A1示數(shù)為I1＝I2；同理，在電路中S閉合后，可知因U1不變，電壓表V2示數(shù)為U′2＝U1＝U2不變，I′2＝(r為電線電阻)，因R并I2，又I′1＝I′2，則I′1>I1，由U2′＝Ur′＋U3′＝I2′r＋U3′，可知U3′
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