二輪復(fù)習(xí)數(shù)學(xué)文通用版講義：第一部分 第三層級(jí) 難點(diǎn)自選專題四　“函數(shù)與導(dǎo)數(shù)”壓軸大題的搶分策略 Word版含解析

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1、 難點(diǎn)自選專題四難點(diǎn)自選專題四 “函數(shù)與導(dǎo)數(shù)函數(shù)與導(dǎo)數(shù)”壓軸大題的搶分策略壓軸大題的搶分策略 全國(guó)卷全國(guó)卷 3 年考情分析年考情分析 年份年份 全國(guó)卷全國(guó)卷 全國(guó)卷全國(guó)卷 全國(guó)卷全國(guó)卷 2018 利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性、不等式的證明性、不等式的證明 T21 函數(shù)的單調(diào)性與導(dǎo)數(shù)、函函數(shù)的單調(diào)性與導(dǎo)數(shù)、函數(shù)零點(diǎn)的證明數(shù)零點(diǎn)的證明 T21 導(dǎo)數(shù)的幾何意義、不等式導(dǎo)數(shù)的幾何意義、不等式的證明的證明 T21 2017 函數(shù)的單調(diào)性與導(dǎo)數(shù)、導(dǎo)函數(shù)的單調(diào)性與導(dǎo)數(shù)、導(dǎo)數(shù)與函數(shù)的最值數(shù)與函數(shù)的最值 T21 函數(shù)的單調(diào)性與導(dǎo)數(shù)函數(shù)的單調(diào)性與導(dǎo)數(shù) T21 利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)利用導(dǎo)數(shù)研究函

2、數(shù)的單調(diào)性、最值性、最值 T21 2016 利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性、函數(shù)的零點(diǎn)問(wèn)題性、函數(shù)的零點(diǎn)問(wèn)題 T21 導(dǎo)數(shù)的幾何意義、利用導(dǎo)導(dǎo)數(shù)的幾何意義、利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性 T20 利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性、不等式的證明性、不等式的證明 T21 導(dǎo)數(shù)日益成為解決問(wèn)題必不可少的工具， 利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性與極值導(dǎo)數(shù)日益成為解決問(wèn)題必不可少的工具， 利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性與極值(最值最值)是高是高考的常見(jiàn)題型，而導(dǎo)數(shù)與函數(shù)、不等式、方程等的交匯命題，是高考的熱點(diǎn)和難點(diǎn)考的常見(jiàn)題型，而導(dǎo)數(shù)與函數(shù)、不等式、方程等的交匯命題，是高考的

3、熱點(diǎn)和難點(diǎn) 解答題的熱點(diǎn)題型有：解答題的熱點(diǎn)題型有： (1)利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性、極值、最值；利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性、極值、最值；(2)利用導(dǎo)數(shù)證明不等式或探討方程根；利用導(dǎo)數(shù)證明不等式或探討方程根；(3)利用導(dǎo)數(shù)求解參數(shù)的范圍或值利用導(dǎo)數(shù)求解參數(shù)的范圍或值 考法考法 策略策略(一一) 利用分類討論思想探究函數(shù)的性質(zhì)利用分類討論思想探究函數(shù)的性質(zhì) 典例典例 設(shè)設(shè) f(x)xln xax2(2a1)x，aR R. (1)令令 g(x)f(x)，求，求 g(x)的單調(diào)區(qū)間；的單調(diào)區(qū)間； (2)已知已知 f(x)在在 x1 處取得極大值，求實(shí)數(shù)處取得極大值，求實(shí)數(shù) a 的取值范圍的取值范圍 解

4、解 (1)由由 f(x)ln x2ax2a， 可得可得 g(x)ln x2ax2a，x(0，) 所以所以 g(x)1x2a12axx. 當(dāng)當(dāng) a0，x(0，)時(shí)，時(shí)，g(x)0，函數(shù)，函數(shù) g(x)單調(diào)遞增；單調(diào)遞增； 當(dāng)當(dāng) a0，x 0，12a時(shí)，時(shí)，g(x)0，函數(shù)，函數(shù) g(x)單調(diào)遞增，單調(diào)遞增，x 12a， 時(shí)，時(shí)，g(x)0，函數(shù)函數(shù) g(x)單調(diào)遞減單調(diào)遞減 所以當(dāng)所以當(dāng) a0 時(shí)，時(shí)，g(x)的單調(diào)增區(qū)間為的單調(diào)增區(qū)間為(0，)； 當(dāng)當(dāng) a0 時(shí)，時(shí)，g(x)的單調(diào)增區(qū)間為的單調(diào)增區(qū)間為 0，12a，單調(diào)減區(qū)間為，單調(diào)減區(qū)間為 12a， . (2)由由(1)知，知，f(1)0.

5、 當(dāng)當(dāng) a0 時(shí)，時(shí)，f(x)單調(diào)遞增，單調(diào)遞增， 所以當(dāng)所以當(dāng) x(0,1)時(shí)，時(shí)，f(x)0，f(x)單調(diào)遞減；單調(diào)遞減； 當(dāng)當(dāng) x(1，)時(shí)，時(shí)，f(x)0，f(x)單調(diào)遞增單調(diào)遞增 所以所以 f(x)在在 x1 處取得極小值，不合題意處取得極小值，不合題意 當(dāng)當(dāng) 0a12時(shí)，時(shí)，12a1， 由， 由(1)知知 f(x)在在 0，12a內(nèi)單調(diào)遞增， 可得當(dāng)內(nèi)單調(diào)遞增， 可得當(dāng) x(0,1)時(shí)，時(shí)， f(x)0，當(dāng)，當(dāng) x 1，12a時(shí)，時(shí)，f(x)0. 所以所以 f(x)在在(0,1)內(nèi)單調(diào)遞減，在內(nèi)單調(diào)遞減，在 1，12a內(nèi)單調(diào)遞增，內(nèi)單調(diào)遞增， 所以所以 f(x)在在 x1 處取得極

6、小值，不合題意處取得極小值，不合題意 當(dāng)當(dāng) a12時(shí)，時(shí)，12a1，f(x)在在(0,1)內(nèi)單調(diào)遞增，在內(nèi)單調(diào)遞增，在(1，)內(nèi)單調(diào)遞減，所以當(dāng)內(nèi)單調(diào)遞減，所以當(dāng) x(0，)時(shí)，時(shí)，f(x)0，f(x)單調(diào)遞減，不合題意單調(diào)遞減，不合題意 當(dāng)當(dāng) a12時(shí)，時(shí)，012a1，當(dāng)，當(dāng) x 12a，1 時(shí)，時(shí)，f(x)0，f(x)單單調(diào)遞增，當(dāng)調(diào)遞增，當(dāng) x(1，)時(shí)，時(shí)，f(x)0，f(x)單調(diào)遞減單調(diào)遞減 所以所以 f(x)在在 x1 處取極大值，符合題意處取極大值，符合題意 綜上可知，實(shí)數(shù)綜上可知，實(shí)數(shù) a 的取值范圍為的取值范圍為 12， . 題后悟通題后悟通 分類討論思想解決有關(guān)函數(shù)性質(zhì)問(wèn)題

7、的策略分類討論思想解決有關(guān)函數(shù)性質(zhì)問(wèn)題的策略 (1)何時(shí)討論參數(shù)？何時(shí)討論參數(shù)？ 在求解中， 若參數(shù)的取值影響所求結(jié)果， 就要分類討論 如本例在求解中， 若參數(shù)的取值影響所求結(jié)果， 就要分類討論 如本例(1)中由中由 g(x)12axx確定單調(diào)區(qū)間時(shí)，對(duì)確定單調(diào)區(qū)間時(shí)，對(duì) a 的取值要分類討論的取值要分類討論 (2)如何討論參數(shù)？如何討論參數(shù)？ 解答此類問(wèn)題的關(guān)鍵是如何分類，解答此類問(wèn)題的關(guān)鍵是如何分類，分類時(shí)要結(jié)合題目條件，對(duì)參數(shù)取值范圍進(jìn)行劃分，分類時(shí)要結(jié)合題目條件，對(duì)參數(shù)取值范圍進(jìn)行劃分，進(jìn)而研究其問(wèn)題如本例進(jìn)而研究其問(wèn)題如本例(2)中分類的依據(jù)是中分類的依據(jù)是12a與與 1 的大小比較

8、的大小比較 應(yīng)用體驗(yàn)應(yīng)用體驗(yàn) 1(2018 全國(guó)卷全國(guó)卷)已知函數(shù)已知函數(shù) f(x)1xxaln x. (1)討論討論 f(x)的單調(diào)性；的單調(diào)性； (2)若若 f(x)存在兩個(gè)極值點(diǎn)存在兩個(gè)極值點(diǎn) x1，x2， 證明：證明：f x1 f x2 x1x22，令，令 f(x)0， 得得 xa a242或或 xa a242. 當(dāng)當(dāng) x 0，a a242 a a242，時(shí)，時(shí)，f(x)0. 所以所以 f(x)在在 0，a a242， a a242，上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞減，在 a a242，a a242上單調(diào)遞增上單調(diào)遞增 (2)證明：由證明：由(1)知，當(dāng)且僅當(dāng)知，當(dāng)且僅當(dāng) a2 時(shí)，時(shí)，f(x)

9、存在兩個(gè)極值點(diǎn)存在兩個(gè)極值點(diǎn) 由于由于 f(x)的兩個(gè)極值點(diǎn)的兩個(gè)極值點(diǎn) x1，x2滿足滿足 x2ax10， 所以所以 x1x21，不妨設(shè)，不妨設(shè) x11. 由于由于f x1 f x2 x1x21x1x21aln x1ln x2x1x2 2aln x1ln x2x1x22a2ln x21x2x2， 所以所以f x1 f x2 x1x2a2 等價(jià)于等價(jià)于1x2x22ln x20. 設(shè)函數(shù)設(shè)函數(shù) g(x)1xx2ln x， 由由(1)知，知，g(x)在在(0，)上單調(diào)遞減上單調(diào)遞減 又又 g(1)0，從而當(dāng)，從而當(dāng) x(1，)時(shí)，時(shí)，g(x)0. 所以所以1x2x22ln x20， 即即f x1

10、f x2 x1x20)， f(1)a10，解得，解得 a1， 當(dāng)當(dāng) a1 時(shí)，時(shí)，f(x)xxln x， 即即 f(x)ln x， 令令 f(x)0，解得，解得 x1； 令令 f(x)0，解得，解得 0 x1，即，即 m2， 當(dāng)當(dāng) 0 x1 時(shí)，時(shí)，f(x)x(1ln x)0 且且 x0 時(shí)，時(shí)，f(x)0； 當(dāng)當(dāng) x時(shí)，顯然時(shí)，顯然 f(x). 如圖，由圖象可知，如圖，由圖象可知，m10，即，即 m1， 由由可得可得2m1. 故實(shí)數(shù)故實(shí)數(shù) m 的取值范圍為的取值范圍為(2，1) 題后悟通題后悟通 轉(zhuǎn)化與化歸思想解決函數(shù)零點(diǎn)問(wèn)題的策略轉(zhuǎn)化與化歸思想解決函數(shù)零點(diǎn)問(wèn)題的策略 (1)直接研究函數(shù)，求

11、出極值以及最值，畫(huà)出草圖函數(shù)零點(diǎn)的個(gè)數(shù)問(wèn)題即是函數(shù)圖象直接研究函數(shù)，求出極值以及最值，畫(huà)出草圖函數(shù)零點(diǎn)的個(gè)數(shù)問(wèn)題即是函數(shù)圖象與與 x 軸交點(diǎn)的個(gè)數(shù)問(wèn)題軸交點(diǎn)的個(gè)數(shù)問(wèn)題 (2)分離出參數(shù)，轉(zhuǎn)化為分離出參數(shù)，轉(zhuǎn)化為 ag(x)，根據(jù)導(dǎo)數(shù)的知識(shí)求出函數(shù)，根據(jù)導(dǎo)數(shù)的知識(shí)求出函數(shù) g(x)在某區(qū)間的單調(diào)性，求在某區(qū)間的單調(diào)性，求出極值以及最值， 畫(huà)出草圖函數(shù)零點(diǎn)的個(gè)數(shù)問(wèn)題即是直線出極值以及最值， 畫(huà)出草圖函數(shù)零點(diǎn)的個(gè)數(shù)問(wèn)題即是直線 ya 與函數(shù)與函數(shù) yg(x)圖象交點(diǎn)的圖象交點(diǎn)的個(gè)數(shù)問(wèn)題只需要用個(gè)數(shù)問(wèn)題只需要用 a 與函數(shù)與函數(shù) g(x)的極值和最值進(jìn)行比較即可如本例函數(shù)的極值和最值進(jìn)行比較即可如本例

12、函數(shù) yf(x)m1的零點(diǎn)問(wèn)題即可轉(zhuǎn)化為的零點(diǎn)問(wèn)題即可轉(zhuǎn)化為 yf(x)與與 ym1 兩圖象的交點(diǎn)問(wèn)題兩圖象的交點(diǎn)問(wèn)題 應(yīng)用體驗(yàn)應(yīng)用體驗(yàn) 2已知函數(shù)已知函數(shù) f(x)ax2ln x的圖象在的圖象在 xe 處的切線經(jīng)過(guò)點(diǎn)處的切線經(jīng)過(guò)點(diǎn)(1，e)，其中，其中 e2.718 28. (1)求求 a 的值；的值； (2)若函數(shù)若函數(shù) g(x)tf(x)x 在在 1e，1 (1，e2上有兩個(gè)零點(diǎn)，求實(shí)數(shù)上有兩個(gè)零點(diǎn)，求實(shí)數(shù) t 的取值范圍的取值范圍 解：解：(1)由題意，得函數(shù)由題意，得函數(shù) f(x)ax2ln x的定義域?yàn)榈亩x域?yàn)?0,1)(1，) 因?yàn)橐驗(yàn)?f(x)ax 2ln x1 ln x 2

13、，所以，所以 f(e)ae. 所以所以 f(x)的圖象在的圖象在 xe 處的切線方程為處的切線方程為 yf(e)f(e)(xe)， 即即 yae2ae(xe)，所以，所以 yeax. 因?yàn)橐驗(yàn)?f(x)的圖象在的圖象在 xe 處的切線經(jīng)過(guò)點(diǎn)處的切線經(jīng)過(guò)點(diǎn)(1，e)， 所以所以 a1. (2)函數(shù)函數(shù) g(x)tf(x)x 在在 1e，1 (1，e2上有兩個(gè)零點(diǎn)等價(jià)于函數(shù)上有兩個(gè)零點(diǎn)等價(jià)于函數(shù) h(x)ln xx與與 yt 的的圖象在圖象在 1e，1 (1，e2上有兩個(gè)不同的交點(diǎn)上有兩個(gè)不同的交點(diǎn) 因?yàn)橐驗(yàn)?h(x)1ln xx2， 由由 h(x)0，得，得 0 xe 且且 x1； 由由 h(x

14、)0，得，得 xe. 所以當(dāng)所以當(dāng) xe 時(shí)，時(shí)，h(x)有極大值，即為最大值有極大值，即為最大值 h(e)1e. 又因?yàn)橛忠驗(yàn)?h 1ee，h(e2)2e2，h(1)0 且且2e20e， 所以實(shí)數(shù)所以實(shí)數(shù) t 的取值范圍為的取值范圍為 2e2，1e. 考法考法 策略策略(三三) 利用函數(shù)思想探究不等式問(wèn)題利用函數(shù)思想探究不等式問(wèn)題 典例典例 已知函數(shù)已知函數(shù) f(x)ln xa(x1)，aR R 的圖象在的圖象在(1，f(1)處的切線與處的切線與 x 軸平行軸平行 (1)求求 f(x)的單調(diào)區(qū)間；的單調(diào)區(qū)間； (2)若存在若存在 x01，當(dāng)，當(dāng) x(1，x0)時(shí)，恒有時(shí)，恒有 f(x)x22

15、2x12k(x1)成立，求成立，求 k 的取值的取值 范圍范圍 解解 (1)由已知可得由已知可得 f(x)的定義域?yàn)榈亩x域?yàn)?0，) f(x)1xa，f(1)1a0，a1， f(x)1x11xx， 令令 f(x)0，得，得 0 x1；令；令 f(x)0，得，得 x1， f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為的單調(diào)遞增區(qū)間為(0,1)，單調(diào)遞減區(qū)間為，單調(diào)遞減區(qū)間為(1，) (2)由由(1)知知 f(x)ln xx1，不等式，不等式 f(x)x222x12k(x1)可化為可化為 ln xx22x12k(x1)， 令令 g(x)ln xx22x12k(x1)， 則則 g(x)1xx1kx2 1k x1x. 令

16、令 h(x)x2(1k)x1， 則則 h(x)的對(duì)稱軸為直線的對(duì)稱軸為直線 x1k2， 當(dāng)當(dāng)1k21，即，即 k1 時(shí)，易知時(shí)，易知 h(x)在在(1，)上單調(diào)遞減，上單調(diào)遞減， x(1，)時(shí)，時(shí)，h(x)h(1)1k， 若若 k1，則，則 h(x)0，g(x)0，g(x)在在(1，)上單調(diào)遞減，上單調(diào)遞減， g(x)g(1)0，不符合題意，不符合題意 若若1k1，則，則 h(1)0，存在存在 x01，使得，使得 x(1，x0)時(shí)，時(shí)，h(x)0，即，即 g(x)0， g(x)在在(1，x0)上單調(diào)遞增，上單調(diào)遞增， g(x)g(1)0 恒成立，符合題意恒成立，符合題意 當(dāng)當(dāng)1k21，即，即

17、k1 時(shí)，易知存在時(shí)，易知存在 x01， 使得使得 h(x)在在(1，x0)上單調(diào)遞增，上單調(diào)遞增， h(x)h(1)1k0，g(x)0， g(x)在在(1，x0)上單調(diào)遞增，上單調(diào)遞增， g(x)g(1)0 恒成立，符合題意恒成立，符合題意 綜上，綜上，k 的取值范圍是的取值范圍是(，1) 題后悟通題后悟通 函數(shù)思想解決不等式問(wèn)題的策略函數(shù)思想解決不等式問(wèn)題的策略 移項(xiàng)法移項(xiàng)法 證明不等式證明不等式 f(x)g(x)(f(x)g(x)的問(wèn)題轉(zhuǎn)化為證明的問(wèn)題轉(zhuǎn)化為證明 f(x)g(x)0(f(x)g(x)0)，進(jìn)而構(gòu)造輔助函數(shù)，進(jìn)而構(gòu)造輔助函數(shù) h(x)f(x)g(x)(如本例如本例) 構(gòu)造構(gòu)

18、造“形似形似” 函數(shù)函數(shù) 對(duì)原不等式同解變形，如移項(xiàng)、通分、取對(duì)數(shù)；把不等式轉(zhuǎn)化為左右兩邊是對(duì)原不等式同解變形，如移項(xiàng)、通分、取對(duì)數(shù)；把不等式轉(zhuǎn)化為左右兩邊是相同結(jié)構(gòu)的式子的結(jié)構(gòu)，根據(jù)相同結(jié)構(gòu)的式子的結(jié)構(gòu)，根據(jù)“相同結(jié)構(gòu)相同結(jié)構(gòu)”構(gòu)造輔助函數(shù)構(gòu)造輔助函數(shù) 主元法主元法 對(duì)于對(duì)于(或可化為或可化為)f(x1，x2)A 的不等式，可選的不等式，可選 x1(或或 x2)為主元，構(gòu)造函數(shù)為主元，構(gòu)造函數(shù) f(x，x2)(或或 f(x1，x) 應(yīng)用體驗(yàn)應(yīng)用體驗(yàn) 3(2018 全國(guó)卷全國(guó)卷)已知函數(shù)已知函數(shù) f(x)aexln x1. (1)設(shè)設(shè) x2 是是 f(x)的極值點(diǎn)，求的極值點(diǎn)，求 a，并求，并

19、求 f(x)的單調(diào)區(qū)間；的單調(diào)區(qū)間； (2)證明：當(dāng)證明：當(dāng) a1e時(shí)，時(shí)，f(x)0. 解：解：(1)f(x)的定義域?yàn)榈亩x域?yàn)?0，)，f(x)aex1x. 由題設(shè)知，由題設(shè)知，f(2)0，所以，所以 a12e2. 從而從而 f(x)12e2exln x1，f(x)12e2ex1x. 可知可知 f(x)在在(0，)上單調(diào)遞增，又上單調(diào)遞增，又 f(2)0， 所以當(dāng)所以當(dāng) 0 x2 時(shí)，時(shí)，f(x)2 時(shí)，時(shí)，f(x)0. 所以所以 f(x)的單調(diào)遞減區(qū)間為的單調(diào)遞減區(qū)間為(0,2)， 單調(diào)遞增區(qū)間為單調(diào)遞增區(qū)間為(2，) (2)證明：當(dāng)證明：當(dāng) a1e時(shí)，時(shí)，f(x)exeln x1. 設(shè)設(shè) g(x)exeln x1，則，則 g(x)exe1x. 可知可知 g(x)在在(0，)上單調(diào)遞增，且上單調(diào)遞增，且 g(1)0， 所以當(dāng)所以當(dāng) 0 x1 時(shí)，時(shí)，g(x)1 時(shí)，時(shí)，g(x)0. 所以所以 x1 是是 g(x)的最小值點(diǎn)的最小值點(diǎn) 故當(dāng)故當(dāng) x0 時(shí)，時(shí)，g(x)g(1)0. 因此，當(dāng)因此，當(dāng) a1e時(shí)，時(shí)，f(x)0.