高考物理總復(fù)習(xí)選擇題增分練四

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1、 選擇題增分練(四) (滿分48分　24分鐘) 說明：共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個選項(xiàng)中，第1～5題只有一項(xiàng)符合題目要求，第6～8題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分． 1．某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的電路來研究光電效應(yīng)現(xiàn)象，結(jié)點(diǎn)Q位于滑動變阻器的中點(diǎn)，初始狀態(tài)時，滑動觸頭P也恰好位于滑動變阻器的中點(diǎn)．實(shí)驗(yàn)過程中，當(dāng)該同學(xué)用綠光照射光電管時，靈敏電流計(jì)有示數(shù)，下列說法正確的是(　　) A．若換用紫光照射光電管，則電流計(jì)的示數(shù)一定增大 B．若增大綠光的光照強(qiáng)度，則電流計(jì)的示數(shù)一定增大 C．若將滑動觸頭P向右滑動，則電流計(jì)的示數(shù)一定不斷增

2、大 D．若將滑動觸頭P向左滑動，則電流計(jì)的示數(shù)一定能減小為0 解析：選B.用綠光照射光電管時，靈敏電流計(jì)有示數(shù)，說明綠光的頻率大于該光電管的極限頻率，若換用紫光照射，則一定可發(fā)生光電效應(yīng)，但光電流大小與光強(qiáng)有關(guān)，所以光電流大小變化情況不能確定，A錯誤；增大綠光的光照強(qiáng)度，則單位時間從陰極逸出的光電子數(shù)一定增多，光電流變大，電流計(jì)的示數(shù)一定增大，B正確；此時加在光電管兩端電壓為0，若將滑動觸頭P向右滑動，加在光電管兩端的電壓為正向電壓，則在電場力作用下，到達(dá)陽極的光電子數(shù)會增多，而達(dá)到飽和光電流后，光電流大小不會隨著正向電壓的增大而增大，C錯誤；若將滑動觸頭P向左滑動，加在光電管兩端的電壓為

3、反向電壓，則在電場力作用下，到達(dá)陽極的光電子數(shù)會減少，電流計(jì)的示數(shù)不斷減小，若最大反向電壓小于遏止電壓，則電流計(jì)的示數(shù)不能減為0，D錯誤． 2．如圖所示，斜面AC與水平方向的夾角為α，在底端A正上方與頂端等高處的E點(diǎn)以速度v0水平拋出一小球，小球垂直于斜面落到D點(diǎn)，重力加速度為g，則(　　) A．小球在空中飛行時間為 B．小球落到斜面上時的速度大小為 C．小球的位移方向垂直于AC D．CD與DA的比值為 解析：選D.將小球在D點(diǎn)的速度進(jìn)行分解，水平方向的分速度v1等于平拋運(yùn)動的初速度v0，即v1＝v0，落到斜面上時的速度v＝，豎直方向的分速度v2＝，則小球在空中飛行時間

4、t＝＝.由圖可知平拋運(yùn)動的位移方向不垂直AC.D、A間水平距離為x水平＝v0t，故DA＝；C、D間豎直距離為x豎直＝v2t，故CD＝，得＝. 3．圖(甲)為手機(jī)及無線充電板．圖(乙)為充電原理示意圖．充電板接交流電源，對充電板供電，充電板內(nèi)的送電線圈可產(chǎn)生交變磁場，從而使手機(jī)內(nèi)的受電線圈產(chǎn)生交變電流，再經(jīng)整流電路轉(zhuǎn)變成直流電后對手機(jī)電池充電．為方便研究，現(xiàn)將問題做如下簡化：設(shè)送電線圈的匝數(shù)為n1，受電線圈的匝數(shù)為n2，面積為S，若在t1到t2時間內(nèi)，磁場(垂直于線圈平面向上、可視為勻強(qiáng)磁場)的磁感應(yīng)強(qiáng)度由B1均勻增加到B2.下列說法正確的是(　　) A．受電線圈中感應(yīng)電流方向由d到

5、c B．c點(diǎn)的電勢高于d點(diǎn)的電勢 C．c、d之間的電勢差為 D．c、d之間的電勢差為 解析：選D.根據(jù)楞次定律可知，受電線圈內(nèi)部產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向俯視為順時針，受電線圈中感應(yīng)電流方向由c到d，所以c點(diǎn)的電勢低于d點(diǎn)的電勢，故AB錯誤；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得c、d之間的電勢差為Ucd＝E＝＝，故C錯誤，D正確；故選D. 4．如圖所示，質(zhì)量為M＝3 kg的足夠長的木板放在光滑水平地面上，質(zhì)量為m＝1 kg的物塊放在木板上，物塊與木板之間有摩擦，兩者都以大小為4 m/s的初速度向相反方向運(yùn)動．當(dāng)木板的速度為3 m/s時，物塊處于(　　) A．勻速運(yùn)動階段　　　 B．減速運(yùn)動階

6、段 C．加速運(yùn)動階段 D．速度為零的時刻 解析：選B.開始階段，m向左減速，M向右減速，根據(jù)系統(tǒng)的動量守恒定律得：當(dāng)物塊的速度為零時，設(shè)此時木板的速度為v1，根據(jù)動量守恒定律得：(M－m)v＝Mv1，解得：v1＝＝2.67 m/s；此后m將向右加速，M繼續(xù)向右減速；當(dāng)兩者速度達(dá)到相同時，設(shè)共同速度為v2，由動量守恒定律得：(M－m)v＝(M＋m)v2，解得：v2＝＝＝2 m/s，兩者相對靜止后，一起向右勻速直線運(yùn)動．由此可知當(dāng)M的速度為3 m/s時，m處于減速運(yùn)動階段；故選B. 5．已知半徑一定的小球在空中下落過程中受到的空氣阻力f正比于運(yùn)動速率v，即滿足f＝kv.比例系數(shù)k只與小球半

7、徑和空氣密度有關(guān)．現(xiàn)將半徑相同的實(shí)心鐵球和實(shí)心塑料球在空中由靜止開始下落，小球下落過程中的加速度與速度關(guān)系圖象如圖所示，已知空氣密度均勻．則下列說法中正確的是(　　) A．鐵球在圖中的vm值較大 B．鐵球?qū)?yīng)于圖中的a0值較大 C．兩球從開始下落至下落同樣高度，鐵球所用時間較長 D．鐵球從開始下落至速度達(dá)到鐵球所對應(yīng)的vm位移較小 解析：選A.當(dāng)小球受力平衡時，達(dá)到最大速度，由于鐵球的質(zhì)量大于塑料球，而阻力與速率成正比，所以鐵球在圖中的最大速度較大，故A正確；由于開始下落時空氣阻力可以忽略，因此開始下落時兩球的加速度相同，故a0相同，故B錯誤；由于鐵球下落時受到的阻力影響較小，所以鐵

8、球的加速度始終大于塑料球的加速度，兩球均由靜止開始運(yùn)動，故鐵球的速度始終大于塑料球，故兩球從開始下落至下落同樣高度，鐵球所用時間較短，故C錯誤；由C的分析可知，鐵球的平均加速度要大于塑料球，并且最大速度也要大于塑料球，所以鐵球從開始下落至速度達(dá)到鐵球所對應(yīng)的vm位移較大，故D錯誤．故選A. 6．如圖(a)所示為示波管的原理圖．如果在電極XX′之間所加的電壓按圖(b)所示的規(guī)律變化，在電極YY′之間所加的電壓按圖(c)所示的規(guī)律變化，則在熒光屏上不可能出現(xiàn)的圖形是(　　) 解析：選ABD.因YY′偏轉(zhuǎn)電極接入的是鋸齒形電壓，即掃描電壓，且周期與XX′偏轉(zhuǎn)電極上加的待顯示信號電壓的周期

9、相同，則可以在熒光屏上得到一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象如圖C所示，故A、B、D項(xiàng)不可能出現(xiàn)． 7．(2018·衡水中學(xué)押題卷)如圖所示，正六邊形ABCDEF區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，大量質(zhì)量為m、電荷量為＋q的電荷從A點(diǎn)沿AF方向以不同速率射入磁場，不計(jì)電荷重力及電荷間的相互作用．下列說法正確的是(　　) A．從EF邊射出磁場的電荷在磁場中的運(yùn)動時間不可能大于 B．從AB邊射出磁場的電荷在磁場中的運(yùn)動時間均為 C．從E、B兩點(diǎn)射出磁場的電荷的速率之比為∶1 D．從B、C、D、E點(diǎn)射出磁場的電荷在磁場中的運(yùn)動時間之比為4∶3∶2∶1 解析：選AD.從EF邊射出

10、磁場的電荷中，恰好從E點(diǎn)射出的電荷在磁場中的運(yùn)動時間最長，其圓周運(yùn)動的圓心恰好在C點(diǎn)，設(shè)正六邊形邊長為l，則軌跡半徑rE＝2lcos 30°＝l，對應(yīng)圓心角為60°，運(yùn)動時間tE＝·＝，A正確；從AB邊射出磁場的電荷，在磁場中做圓周運(yùn)動對應(yīng)的圓心角均為240°，運(yùn)動時間t＝·＝，B錯誤；從B點(diǎn)射出磁場的電荷，軌道半徑rB＝＝，由r＝，得v＝，故從E、B兩點(diǎn)射出磁場的電荷，速率之比等于半徑之比，為3∶1，C錯誤；從C點(diǎn)射出磁場的電荷在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角為180°，從D點(diǎn)射出磁場的電荷在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角為120°，故從B、C、D、E點(diǎn)射出磁場的電荷在磁場中的運(yùn)動時間之比等于在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角之

11、比，即240°∶180°∶120°∶60°＝4∶3∶2∶1，D正確． 8．如圖(a)所示，兩個帶正電的小球A、B(均可視為點(diǎn)電荷)套在一根傾斜的光滑絕緣直桿上，其中A球固定，電荷量QA＝2.0×10－4 C，B球的質(zhì)量m＝0.1 kg.以A為坐標(biāo)原點(diǎn)，沿桿向上建立直角坐標(biāo)系，B球的總勢能(重力勢能與電勢能之和)隨位置x的變化規(guī)律如圖(b)中曲線Ⅰ所示，直線Ⅱ?yàn)榍€Ⅰ的漸近線．圖中M點(diǎn)離A點(diǎn)距離為6 m．令A(yù)所在平面為參考平面，無窮遠(yuǎn)處電勢為零，重力加速度g取10 m/s2，靜電力恒量k＝9.0×109 N·m2/c2.下列說法正確的是(　　) A．桿與水平面的夾角θ＝60° B．B球

12、的電荷量QB＝1.0×10－5 C C．若B球以4 J的初動能從M點(diǎn)沿桿向上運(yùn)動，到最高點(diǎn)時電勢能減小2 J D．若B球從離A球2 m處靜止釋放，則向上運(yùn)動過程中加速度先減小后增大 解析：選BCD.漸近線Ⅱ表示B的重力勢能隨位置的變化關(guān)系，即：Ep＝mgxsin θ＝kx，得：sin θ＝＝0.5，即θ＝30°，A項(xiàng)錯誤；由圖(b)中的曲線Ⅰ可知，在x＝6 m處總勢能最小，動能最大，該位置B受力平衡，則有mgsin θ＝k，解得：QB＝1×10－5 C，B項(xiàng)正確；在M點(diǎn)時，B的重力勢能Ep1＝mgxsin 30°＝3 J，電勢能Ep電1＝Ep總－Ep1＝3 J，由能量守恒可知，最高點(diǎn)時，Ek＝0，Ep總＝4 J＋6 J＝10 J，對應(yīng)的位置為x′＝10 m，此位置處Ep2＝mgx′sin 30°＝9 J，Ep電2＝10 J－9 J＝1 J，所以ΔEp電＝3 J－1 J＝2 J，C項(xiàng)正確；在M處加速度最小為0，所以從x＝2 m向上加速度先減小后增大，D項(xiàng)正確．故本題選BCD.