2019-2020年高考物理 第三章 牛頓運(yùn)動(dòng)定律復(fù)習(xí)達(dá)標(biāo)測(cè)評(píng) 新人教版.doc

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2019-2020年高考物理 第三章 牛頓運(yùn)動(dòng)定律復(fù)習(xí)達(dá)標(biāo)測(cè)評(píng) 新人教版 一、單項(xiàng)選擇題 (本大題共5個(gè)小題，每小題4分，共計(jì)20分，每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意) 1. (xx濰坊模擬)下列對(duì)運(yùn)動(dòng)的認(rèn)識(shí)不正確的是(　　) A. 亞里士多德認(rèn)為物體的自然狀態(tài)是靜止的，只有當(dāng)它受到力的作用才會(huì)運(yùn)動(dòng) B. 伽利略認(rèn)為力不是維持物體速度的原因 C. 牛頓認(rèn)為力的真正作用效果總是改變物體的速度，而不是使之運(yùn)動(dòng) D. 伽利略根據(jù)理想實(shí)驗(yàn)推論得出，如果沒(méi)有摩擦，在水平面上的物體，一旦具有某一個(gè)速度，將保持這個(gè)速度繼續(xù)運(yùn)動(dòng)下去 2. (xx海南卷)下列說(shuō)法正確的是(　　) A. 若物體運(yùn)動(dòng)速率始終不變，則物體所受合力一定為零 B. 若物體的加速度均勻增加，則物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng) C. 若物體所受合力與其速度方向相反，則物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng) D. 若物體在任意的相等時(shí)間間隔內(nèi)位移相等，則物體做勻速直線運(yùn)動(dòng) 3. 輕質(zhì)彈簧的上端固定在電梯的天花板上，彈簧下端懸掛一個(gè)小鐵球，電梯中有質(zhì)量為50 kg的乘客，如圖所示，在電梯運(yùn)行時(shí)乘客發(fā)現(xiàn)輕質(zhì)彈簧的伸長(zhǎng)量是電梯靜止時(shí)輕質(zhì)彈簧的伸長(zhǎng)量的一半，這一現(xiàn)象表明(g＝10 m/s2)(　　) A. 電梯此時(shí)可能正以1 m/s2的加速度大小加速上升，也可能是以1 m/s2的加速度大小減速下降 B. 電梯此時(shí)不可能是以1 m/s2的加速度大小減速上升，只能是以5 m/s2的加速度大小加速下降 C. 電梯此時(shí)正以5 m/s2的加速度大小加速上升，也可以是以5 m/s2的加速度大小減速下降 D. 不論電梯此時(shí)是上升還是下降，也不論電梯是加速還是減速，乘客對(duì)電梯地板的壓力大小一定是250 N 4. (xx安慶一中模擬)如圖所示，一質(zhì)量為M的探空氣球在勻速下降，若氣球所受浮力F始終保持不變，氣球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受阻力僅與速率有關(guān)，重力加速度為g.現(xiàn)欲使該氣球以同樣速率勻速上升，則需從氣球吊籃中減少的質(zhì)量為 (　　) 　　　　　　　　　　　 7. (改編題)搭載“嫦娥二號(hào)”探月衛(wèi)星的長(zhǎng)征三號(hào)丙運(yùn)載火箭于2010年10月1日18時(shí)59分57秒在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射升空，并獲得了圓滿成功，相關(guān)圖片如圖所示. 則下列說(shuō)法正確的是 (　　) A. 火箭發(fā)射時(shí)，噴出的高速氣流對(duì)火箭的作用力大于火箭對(duì)氣流的作用力 B. 發(fā)射初期，火箭處于超重狀態(tài)，但它受到的重力卻越來(lái)越小 C. 高溫高壓燃?xì)鈴幕鸺膊繃姵鰰r(shí)對(duì)火箭的作用力與火箭對(duì)燃?xì)獾淖饔昧Υ笮∠嗟? D. 發(fā)射的“嫦娥二號(hào)”衛(wèi)星進(jìn)入軌道正常運(yùn)轉(zhuǎn)后，衛(wèi)星處于完全失重狀態(tài) 8. 如圖所示，A、B球的質(zhì)量相等，彈簧的質(zhì)量不計(jì)，傾角為θ的光滑斜面，系統(tǒng)靜止時(shí)，彈簧與細(xì)線均平行于斜面，在細(xì)線被燒斷的瞬間，下列說(shuō)法正確的是 (　　) A. 兩個(gè)小球的瞬時(shí)加速度均沿斜面向下，大小均為gsin θ B. B球的受力情況未變，瞬時(shí)加速度為零 C. A球的瞬時(shí)加速度沿斜面向下，大小為2gsin θ D. 彈簧有收縮的趨勢(shì)，B球的瞬時(shí)加速度向上，A球的瞬時(shí)加速度向下，瞬時(shí)加速度都不為零 9. (xx蘇州測(cè)試)如圖所示，一水平方向足夠長(zhǎng)的傳送帶以恒定的速度v1沿順時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng)，一物體以水平速度v2從右端滑上傳送帶后，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間又返回光滑水平面，此時(shí)速率為v2′，則下列說(shuō)法正確的是(　　) A. 若v1＜v2，則有v2′＝v1 B. 若v1＞v2，則有v2′＝v2 C. 不管v2多大，總有v2′＝v2 D. 只有v1＝v2時(shí)，才有v2′＝v2 三、簡(jiǎn)答題(本題共3個(gè)小題，共20分，請(qǐng)將答案填在題中橫線上或按題目要求作答) 10. (5分)某同學(xué)在探究牛頓第二定律的實(shí)驗(yàn)中，在物體受外力不變時(shí)，改變物體的質(zhì)量，得到數(shù)據(jù)如下表所示. 實(shí)驗(yàn)次數(shù) 物體質(zhì)量m(kg) 物體的加速度a(m/s2) 物體質(zhì)量的倒數(shù)(1/kg) 1 0.20 0.78 5.00 2 0.40 0.38 2.50 3 0.60 0.25 1.67 4 0.80 0.20 1.25 5 1.00 0.16 1.00 (1)從表中的數(shù)據(jù)你可得出的結(jié)論為　. (2)物體受到的合力大約為　. 11. (5分)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電頻率f＝50 Hz.下圖是某同學(xué)在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中正確操作下獲得的一條紙帶，A、B、C、D、E每?jī)牲c(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)沒(méi)有標(biāo)出．寫出用x1、x2、x3、x4以及f來(lái)表示小車加速度的計(jì)算式：a＝______________.根據(jù)紙帶所提供的數(shù)據(jù)，算得小車的加速度大小為_(kāi)_______m/s2(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)． 12. (10分)(xx德州模擬)“探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示. (1)在平衡小車與桌面之間摩擦力的過(guò)程中，打出了一條紙帶如圖乙所示．計(jì)時(shí)器打點(diǎn)的時(shí)間間隔為0.02 s．從比較清晰的點(diǎn)起，每5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，量出相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離．該小車的加速度a＝________m/s2.(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字) 　　　　 (2)平衡摩擦力后，將5個(gè)相同的砝碼都放在小車上．掛上砝碼盤，然后每次從小車上取一個(gè)砝碼添加到砝碼盤中，測(cè)量小車的加速度．小車的加速度a與砝碼盤中砝碼總重力F的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如下表： 砝碼盤中砝 碼總重力F(N) 0.196 0.392 0.588 0.784 0.980 加速度a(ms－2) 0.69 1.18 1.66 2.18 2.70 請(qǐng)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在圖丙所示的坐標(biāo)系中作出a－F的關(guān)系圖象. (3)根據(jù)提供的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出的a－F圖線不通過(guò)原點(diǎn)，請(qǐng)說(shuō)明主要原因． 四、計(jì)算題(本大題共3個(gè)小題，共40分，解答時(shí)應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中要明確寫出數(shù)值和單位) 13. (12分)(xx蘇州模擬)如圖所示，質(zhì)量為m＝1 kg的小球穿在斜桿上，斜桿與水平方向的夾角為θ＝37，球恰好能在桿上勻速滑動(dòng)．若球受到一大小為F＝40 N的水平推力作用，可使小球沿桿向上加速滑動(dòng)(g取10 m/s2)，求： (1)小球與斜桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ的大?。? (2)小球沿桿向上加速滑動(dòng)的加速度大?。? 14. (14分)如圖所示，質(zhì)量為M的木箱放在水平面上，木箱中的立桿上套著一個(gè)質(zhì)量為m的小球，開(kāi)始時(shí)小球在桿的頂端，由靜止釋放后，小球沿桿下滑的加速度為重力加速度的，即a＝g，則小球在下滑的過(guò)程中，木箱對(duì)地面的壓力為多少？ 4. 解析：設(shè)減少的質(zhì)量為Δm，勻速下降時(shí)Mg＝F＋kv，勻速上升時(shí)Mg－Δmg＋kv＝F，解得Δm＝2，A正確. 答案：A 5. 解析：對(duì)建筑材料進(jìn)行受力分析．根據(jù)牛頓第二定律有F－mg＝ma，得繩子的拉力大小等于F＝210 N，然后再對(duì)人受力分析由平衡的知識(shí)得Mg＝F＋FN，得FN＝490 N，根據(jù)牛頓第三定律可知人對(duì)地面的壓力為490 N，B正確． 答案：B 6. 解析：撤去拉力前物塊相對(duì)木板向左運(yùn)動(dòng)，所受摩擦力向右，物塊對(duì)木板的摩擦力向左．剛撤去拉力時(shí)相對(duì)運(yùn)動(dòng)情況不變，所受摩擦力不變，因此物塊向右加速，木板向右減速直到達(dá)到共同速度，共速后二者一起勻速運(yùn)動(dòng)，故選BC. 答案：BC 7. 解析：由作用力與反作用力的關(guān)系可知A錯(cuò)誤，C正確；火箭發(fā)射初期，因?yàn)榛鸺蛏献黾铀龠\(yùn)動(dòng)，故處于超重狀態(tài)，隨著火箭距地球越來(lái)越遠(yuǎn)，所受的重力也越來(lái)越小，B正確；衛(wèi)星進(jìn)入軌道正常運(yùn)轉(zhuǎn)后，所受的萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力，此時(shí)衛(wèi)星處于完全失重狀態(tài)，D正確. 答案：BCD 8. 解析：線燒斷瞬間，彈簧彈力與原來(lái)相等，B球受力平衡，aB＝0，A球所受合力為mgsin θ＋kx＝2mgsin θ，故aA＝2gsin θ. 答案：BC 9. 解析：設(shè)物體的質(zhì)量為m，物體與傳送帶之間的滑動(dòng)摩擦力大小為Ff，物體相對(duì)傳送帶滑動(dòng)的加速度大小為a, 且兩個(gè)過(guò)程中的加速度大小和方向是相同的．物體在傳送帶上滑動(dòng)，則有Ff＝ma，物體在傳送帶上向左滑動(dòng)的位移為x＝.速度減為零后，在滑動(dòng)摩擦力的作用下開(kāi)始向右勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小仍為a，若v1＞v2，滑到傳送帶右端時(shí)的速度大小為v2′＝，比較可以得出v2′＝v2＜v1；若v1＜v2，物體還沒(méi)有運(yùn)動(dòng)到傳送帶的右端，速度就和傳送帶的速度相同，物體與傳送帶之間不再存在摩擦力，物體隨傳送帶一起勻速運(yùn)動(dòng)，v2′＝v1＜v2.正確選項(xiàng)為AB. 答案：AB 10. 答案：(1)合外力一定的條件下，物體的加速度與物體的質(zhì)量成反比 (2)F合＝0.155 N 11. 解析：采用分組法得計(jì)算加速度的表達(dá)式 a＝，帶入數(shù)據(jù)解得a＝ m/s2＝0.60 m/s2. 答案：　0.60 12. 解析：(1)a＝ ＝ m/s2＝0.16 m/s2或 a＝＝ m/s2＝0.15 m/s2. (2)如圖所示： (3)小車、砝碼盤和砝碼組成的系統(tǒng)所受合外力為砝碼盤和砝碼的總重力，而表中數(shù)據(jù)漏計(jì)了砝碼盤的重力，導(dǎo)致合力F的測(cè)量值小于真實(shí)值，故a－F的圖線不過(guò)原點(diǎn). 答案：(1)0.16(0.15也算對(duì))　(2)見(jiàn)解析　(3)未計(jì)入砝碼盤的重力 13. 解析：(1)對(duì)小球受力分析，由平衡條件可知：mgsin θ＝Ff1，F(xiàn)N1＝mgcos θ，F(xiàn)f1＝μFN1， 解得μ＝tan 37＝0.75. (2)水平推力作用后，由牛頓第二定律： Fcos θ－mgsin θ－Ff2＝ma， Ff2＝μFN2＝μ(Fsin θ＋mgcos θ)， 解得a＝2 m/s2. 答案：(1)0.75　(2)2 m/s2 14. 解析：木箱與小球沒(méi)有共同加速度，所以需用隔離法．取小球m為研究對(duì)象，受重力mg、摩擦力Ff，如圖甲所示， 據(jù)牛頓第二定律得：mg－Ff＝ma① 取木箱M為研究對(duì)象，受重力Mg、地面支持力FN及小球給予的摩擦力Ff′如圖乙所示． 據(jù)物體平衡條件得：FN－Ff′－Mg＝0② 且Ff＝Ff′③ 由①②③式得FN＝g＝Mg＋mg. 由牛頓第三定律知，木箱對(duì)地面的壓力大小為 FN′＝FN＝g＝Mg＋mg. 答案：Mg＋mg 15. 解析：設(shè)外力最大值為F，此時(shí)，A物塊與地面之間無(wú)相互作用力，共同加速度為a，先把AB看作是一個(gè)整體，則有：F＝(m＋M)a(1) 對(duì)于A，它受B與接觸面垂直向上的推力FN，根據(jù)受力分析圖可得：FNcos θ＝mg(2) 對(duì)于B，在水平方向有：F′Nsin θ＝Ma(3) 根據(jù)牛頓第三定律可知FN＝F′N(4) 由上述四式解得F＝tan θ 答案：F＝tan θ