2019-2020年高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 考前復(fù)習(xí)方略 專題三 拋體運(yùn)動(dòng)與圓周運(yùn)動(dòng)限時(shí)訓(xùn)練.doc
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2019-2020年高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 考前復(fù)習(xí)方略 專題三 拋體運(yùn)動(dòng)與圓周運(yùn)動(dòng)限時(shí)訓(xùn)練一、選擇題1.(xx山西調(diào)研)國(guó)內(nèi)首臺(tái)新型墻壁清潔機(jī)器人“蜘蛛俠”是由青島大學(xué)學(xué)生自主設(shè)計(jì)研發(fā)的,“蜘蛛俠”利用8只“爪子”上的吸盤(pán)吸附在接觸面上,通過(guò)“爪子”交替伸縮,就能在墻壁和玻璃上自由移動(dòng)如圖所示,“蜘蛛俠”在豎直玻璃墻面上由A點(diǎn)沿直線勻加速“爬行”到右上方B點(diǎn),在這一過(guò)程中,關(guān)于“蜘蛛俠”在豎直面內(nèi)的受力分析可能正確的是()解析:選C.“蜘蛛俠”由A到B做勻加速直線運(yùn)動(dòng),故F合外力方向沿AB方向,由A指向B,結(jié)合各選項(xiàng)圖分析知C項(xiàng)正確2人用繩子通過(guò)定滑輪拉物體A,A穿在光滑的豎直桿上,當(dāng)以速度v0勻速拉繩使物體A到達(dá)如圖所示位置時(shí),繩與豎直桿的夾角為,則物體A實(shí)際運(yùn)動(dòng)的速度是()Av0sin B.Cv0cos D.解析:選D.由運(yùn)動(dòng)的合成與分解可知,物體A參與這樣兩個(gè)分運(yùn)動(dòng),一個(gè)是沿著與它相連接的繩子的運(yùn)動(dòng),另一個(gè)是垂直于繩子向上的運(yùn)動(dòng)而物體A實(shí)際運(yùn)動(dòng)軌跡是沿著豎直桿向上的,這一軌跡所對(duì)應(yīng)的運(yùn)動(dòng)就是物體A的合運(yùn)動(dòng),它們之間的關(guān)系如圖所示由三角函數(shù)可得v,所以D正確3(xx高考四川卷)有一條兩岸平直、河水均勻流動(dòng)、流速恒為v的大河小明駕著小船渡河,去程時(shí)船頭指向始終與河岸垂直,回程時(shí)行駛路線與河岸垂直去程與回程所用時(shí)間的比值為k,船在靜水中的速度大小相同,則小船在靜水中的速度大小為()A. B.C. D.解析:選B.去程時(shí)船頭垂直河岸如圖所示,由合運(yùn)動(dòng)與分運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性并設(shè)河寬為d,則去程時(shí)間t1;回程時(shí)行駛路線垂直河岸,故回程時(shí)間t2,由題意有k,則k,得v1 ,選項(xiàng)B正確4(xx湖南六校聯(lián)考)如圖所示,薄半球殼ACB的水平直徑為AB,C為最低點(diǎn),半徑為R.一個(gè)小球從A點(diǎn)以速度v0水平拋出,不計(jì)空氣阻力則下列判斷正確的是() A只要v0足夠大,小球可以擊中B點(diǎn)Bv0取值不同時(shí),小球落在球殼上的速度方向和水平方向之間的夾角可以相同Cv0取值適當(dāng),可以使小球垂直撞擊到半球殼上D無(wú)論v0取何值,小球都不可能垂直撞擊到半球殼上解析:選D.小球做平拋運(yùn)動(dòng),豎直方向有位移,v0再大也不可能擊中B點(diǎn);v0不同,小球會(huì)落在半球殼內(nèi)不同點(diǎn)上,落點(diǎn)和A點(diǎn)的連線與AB的夾角不同,由推論tan 2tan 可知,小球落在球殼的不同位置上時(shí)的速度方向和水平方向之間的夾角也不相同,若小球垂直撞擊到半球殼上,則其速度反向延長(zhǎng)線一定經(jīng)過(guò)半球殼的球心,且該反向延長(zhǎng)線與AB的交點(diǎn)為水平位移的中點(diǎn),而這是不可能的,A、B、C錯(cuò)誤,D正確5(多選)(xx河北唐山一模)套圈游戲是一項(xiàng)很受歡迎的群眾運(yùn)動(dòng),要求每次從同一位置水平拋出圓環(huán),套住與圓環(huán)前端水平距離為3 m的20 cm高的豎直細(xì)桿,即為獲勝一身高1.4 m的兒童從距地面1 m高度,水平拋出圓環(huán),圓環(huán)半徑為10 cm,要想套住細(xì)桿,他水平拋出的速度可能為(g10 m/s2)()A7.4 m/s B7.6 m/sC7.8 m/s D8.2 m/s解析:選BC.由題意,套住細(xì)桿時(shí)圓環(huán)的豎直位移h0.8 m,水平位移3.0 mx3.2 m,由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有:hgt2,解得:t0.4 s,又v0,解得:7.5 m/sv0,b繩將出現(xiàn)彈力D若b繩突然被剪斷,則a繩的彈力一定發(fā)生變化解析:選AC.對(duì)小球受力分析可得a繩的彈力在豎直方向的分力平衡了小球的重力,解得FTa,為定值,A正確,B錯(cuò)誤當(dāng)FTacos m2l時(shí),b繩的彈力為零,若角速度大于該值,則b繩將出現(xiàn)彈力,C正確由于繩b可能沒(méi)有彈力,故繩b突然被剪斷,則a繩的彈力可能不變,D錯(cuò)誤9(xx高考福建卷)如圖,在豎直平面內(nèi),滑道ABC關(guān)于B點(diǎn)對(duì)稱,且A、B、C三點(diǎn)在同一水平線上若小滑塊第一次由A滑到C,所用的時(shí)間為t1,第二次由C滑到A,所用的時(shí)間為t2,小滑塊兩次的初速度大小相同且運(yùn)動(dòng)過(guò)程始終沿著滑道滑行,小滑塊與滑道的動(dòng)摩擦因數(shù)恒定,則()At1t2 D無(wú)法比較t1、t2的大小解析:選A.在滑道AB段上取任意一點(diǎn)E,比較從A點(diǎn)到E點(diǎn)的速度v1和從C點(diǎn)到E點(diǎn)的速度v2,易知v1v2.因E點(diǎn)處于“凸”形軌道上,速度越大,軌道對(duì)小滑塊的支持力越小,因動(dòng)摩擦因數(shù)恒定,則摩擦力越小,可知由A滑到C比由C滑到A在AB段上的摩擦力小,因摩擦造成的動(dòng)能損失也小同理,在滑道BC段的“凹”形軌道上,小滑塊速度越小,其所受支持力越小,摩擦力也越小,因摩擦造成的動(dòng)能損失也越小,從C處開(kāi)始滑動(dòng)時(shí),小滑塊損失的動(dòng)能更大故綜上所述,從A滑到C比從C滑到A在軌道上因摩擦造成的動(dòng)能損失要小,整個(gè)過(guò)程中從A滑到C平均速度要更大一些,故t1t2.選項(xiàng)A正確10.(多選)如圖所示,用長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕繩把一個(gè)小鐵球懸掛在高2L的O點(diǎn)處,小鐵球以O(shè)為圓心在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)且恰能到達(dá)最高點(diǎn)B處,則有()A小鐵球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中輕繩的拉力最大為6mgB小鐵球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中輕繩的拉力最小為mgC若運(yùn)動(dòng)中輕繩斷開(kāi),則小鐵球落到地面時(shí)的速度大小為D若小鐵球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)輕繩斷開(kāi),則小鐵球落到地面時(shí)的水平位移為2L解析:選AC.小鐵球以O(shè)為圓心在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)且恰能到達(dá)最高點(diǎn)B處,說(shuō)明小鐵球在最高點(diǎn)B處時(shí),輕繩的拉力最小為零,mg,v,由機(jī)械能守恒定律得,小鐵球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)動(dòng)能mg2L,在最低點(diǎn)時(shí)輕繩的拉力最大,由牛頓第二定律Fmg,聯(lián)立解得輕繩的拉力最大為F6mg,選項(xiàng)A正確,B錯(cuò)誤;以地面為重力勢(shì)能參考平面,小鐵球在B點(diǎn)處的總機(jī)械能為mg3Lmv2mgL,無(wú)論輕繩是在何處斷開(kāi),小鐵球的機(jī)械能總是守恒的,因此到達(dá)地面時(shí)的動(dòng)能mv2mgL,落到地面時(shí)的速度大小為v,選項(xiàng)C正確;小鐵球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)速度v1,由xv1t,Lgt2,聯(lián)立解得小鐵球落到地面時(shí)的水平位移為xL,選項(xiàng)D錯(cuò)誤二、非選擇題11(xx河北石家莊二中一模)如圖所示,光滑絕緣的正方形水平桌面邊長(zhǎng)為d0.48 m,離地高度h1.25 m桌面上存在一水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)(除此之外其余位置均無(wú)電場(chǎng)),電場(chǎng)強(qiáng)度E1104 N/C.在水平桌面上某一位置P處有一質(zhì)量m0.01 kg,帶電荷量q1106 C的帶正電小球以初速度v01 m/s向右運(yùn)動(dòng)空氣阻力忽略不計(jì),重力加速度g10 m/s2.求:(1)小球在桌面上運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度的大小和方向;(2)P處距右端桌面多遠(yuǎn)時(shí),小球從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最終落地的水平距離最大?并求出該最大水平距離解析:(1)加速度大小:a1.0 m/s2.方向:水平向左(2)設(shè)小球到桌面右端的距離為x1,小球離開(kāi)桌面后做平拋運(yùn)動(dòng)的水平距離為x2x總x1x2由v2v2ax1代入得v設(shè)平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為thgt2解得t0.5 sx2vt0.5故x總x10.5令y,則x總當(dāng)y m即x1 m時(shí),水平距離最大最大值為:xm m.答案:(1)1 m/s2水平向左(2)見(jiàn)解析12(xx福建省泉州3月質(zhì)檢)某工廠生產(chǎn)流水線示意圖如圖所示,半徑R1 m的水平圓盤(pán)邊緣E點(diǎn)固定一小桶在圓盤(pán)直徑DE正上方平行放置的水平傳送帶沿順時(shí)針?lè)较騽蛩俎D(zhuǎn)動(dòng),傳送帶右端C點(diǎn)與圓盤(pán)圓心O在同一豎直線上,豎直高度h1.25 mAB為一個(gè)與CO在同一豎直平面內(nèi)的四分之一光滑圓弧軌道,半徑r0.45 m,且與水平傳送帶相切于B點(diǎn)一質(zhì)量m0.2 kg的滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從A點(diǎn)由靜止釋放,滑塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.2,當(dāng)滑塊到達(dá)B點(diǎn)時(shí),圓盤(pán)從圖示位置以一定的角速度繞通過(guò)圓心O的豎直軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng),滑塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)恰與傳送帶同速并水平拋出,剛好落入圓盤(pán)邊緣的小桶內(nèi)取g10 m/s2,求:(1)滑塊到達(dá)圓弧軌道B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力FNB;(2)傳送帶BC部分的長(zhǎng)度L;(3)圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度應(yīng)滿足的條件解析:(1)滑塊從A到B過(guò)程中,由動(dòng)能定理有mgrmv解得vB3 m/s滑塊到達(dá)B點(diǎn)時(shí),由牛頓第二定律有FNBmgm解得FNB6 N.據(jù)牛頓第三定律,滑塊到達(dá)B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為6 N,方向豎直向下(2)滑塊離開(kāi)C點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng),hgt解得t10.5 s,vC2 m/s滑塊由B到C過(guò)程中,據(jù)動(dòng)能定理有mgLmvmv解得L1.25 m.(3)滑塊由B到C過(guò)程中,據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有Lt2解得t20.5 s,則tt1t21 s圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度應(yīng)滿足條件tn(n1,2,3,)解得2n rad/s(n1,2,3,)答案:(1)6 N,方向豎直向下(2)1.25 m(3)2n rad/s(n1,2,3,)- 1.請(qǐng)仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對(duì)于不預(yù)覽、不比對(duì)內(nèi)容而直接下載帶來(lái)的問(wèn)題本站不予受理。
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