高考物理大二輪總復(fù)習(xí)與增分策略 專題四 牛頓運(yùn)動(dòng)定律課件.ppt

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專題四牛頓運(yùn)動(dòng)定律 考點(diǎn)基礎(chǔ)自清 考點(diǎn)互動(dòng)探究 內(nèi)容索引 考點(diǎn)基礎(chǔ)自清 一 牛頓第一定律1 內(nèi)容一切物體總保持狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài) 除非作用在它上面的力迫使它改變這種狀態(tài) 2 意義 1 指出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因 而是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因 即力是產(chǎn)生的原因 2 指出了一切物體都有 因此牛頓第一定律又稱為 答案 加速度 勻速直線運(yùn)動(dòng) 慣性 慣性定律 答案 3 牛頓第一定律描述的只是一種理想狀態(tài) 而實(shí)際中不受力作用的物體是不存在的 當(dāng)物體受外力但時(shí) 其運(yùn)動(dòng)效果跟不受外力作用時(shí)相同 物體將保持靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài) 3 慣性 1 定義 物體具有保持原來(lái)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)的性質(zhì) 2 量度 是物體慣性大小的唯一量度 的物體慣性大 的物體慣性小 3 普遍性 慣性是物體的固有屬性 一切物體都有慣性 與物體的運(yùn)動(dòng)情況和受力情況 所受合力為零 勻速直線運(yùn)動(dòng) 質(zhì)量大 質(zhì)量 質(zhì)量小 無(wú)關(guān) 答案 二 牛頓第二定律1 內(nèi)容物體加速度的大小跟所受外力的合力成正比 跟它的質(zhì)量成反比 加速度的方向跟方向相同 2 表達(dá)式 F 三 牛頓第三定律1 牛頓第三定律的內(nèi)容兩個(gè)物體之間的作用力和反作用力總是大小 方向 作用在同一條直線上 合外力 ma 相等 相反 答案 2 作用力與反作用力的 三同 三異 三無(wú)關(guān) 1 三同 大小相同 相同 變化情況相同 2 三異 方向不同 物體不同 產(chǎn)生的效果不同 3 三無(wú)關(guān) 與物體的種類無(wú)關(guān) 與物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān) 與物體是否和其他物體存在相互作用無(wú)關(guān) 性質(zhì) 受力 答案 四 力學(xué)單位制1 力學(xué)中的基本物理量及單位 1 力學(xué)中的基本物理量是 質(zhì)量 時(shí)間 2 力學(xué)中的基本單位 基本物理量的所有單位都是基本單位 如 毫米 mm 克 g 毫秒 ms 等等 三個(gè)基本物理量的單位在國(guó)際單位制中分別為米 m 2 單位制 1 由基本單位和導(dǎo)出單位組成的單位系統(tǒng)叫做單位制 2 國(guó)際單位制 SI 國(guó)際計(jì)量大會(huì)制定的國(guó)際通用的 包括一切計(jì)量領(lǐng)域的單位制 叫做國(guó)際單位制 長(zhǎng)度 千克 kg 秒 s 答案 五 超重與失重1 超重 1 定義 物體對(duì)支持物的壓力 或?qū)覓煳锏睦?物體所受重力的現(xiàn)象 2 產(chǎn)生條件 物體具有向的加速度 2 失重 1 定義 物體對(duì)支持物的壓力 或?qū)覓煳锏睦?物體所受重力的現(xiàn)象 2 產(chǎn)生條件 物體具有向的加速度 大于 上 小于 下 1 冰壺在冰面上運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的阻力很小 可以在較長(zhǎng)時(shí)間內(nèi)保持運(yùn)動(dòng)速度的大小和方向不變 我們可以說(shuō)冰壺有較強(qiáng)的抵抗運(yùn)動(dòng)狀態(tài)變化的 本領(lǐng) 這里所指的 本領(lǐng) 是冰壺的慣性 則慣性的大小取決于 A 冰壺的速度B 冰壺的質(zhì)量C 冰壺受到的推力D 冰壺受到的阻力 解析 1 2 3 4 5 學(xué)考通關(guān)練 解析質(zhì)量是慣性大小的唯一量度 2 2016 金華十校9月模擬 踢足球是青少年最喜愛(ài)的運(yùn)動(dòng)項(xiàng)目之一 足球運(yùn)動(dòng)中包含有豐富的物理常識(shí) 如圖1所示 某校一學(xué)生踢球時(shí) A 腳對(duì)球的作用力大于球?qū)δ_的作用力B 腳對(duì)球的作用力與球?qū)δ_的作用力大小相等C 腳對(duì)球的作用力與球的重力是一對(duì)平衡力D 腳對(duì)球的作用力與球?qū)δ_的作用力是一對(duì)平衡力 1 2 3 4 5 解析 解析由牛頓第三定律 作用力與反作用力總是大小相等 方向相反 作用在同一條直線上知 B正確 A D錯(cuò)誤 一學(xué)生踢球時(shí) 腳對(duì)球的作用力與球的重力不在一條直線 所以不是平衡力 C不正確 圖1 3 2016 浙江10月學(xué)考 2 下列均屬于國(guó)際制基本單位的是 A m N JB m kg JC m kg sD kg m s N 解析 1 2 3 4 5 解析力學(xué)中有3個(gè)基本物理量 質(zhì)量 長(zhǎng)度 時(shí)間 單位分別是 kg m s 力 N 功 J 這些都不是國(guó)際基本物理量 所以答案為C 4 牛頓第二定律的表達(dá)式可以寫成m 對(duì)某個(gè)物體來(lái)說(shuō) 它的質(zhì)量m A 跟合外力F成正比B 跟合外力F與加速度a都無(wú)關(guān)C 跟它的加速度a成反比D 跟合外力F成反比 跟它的加速度a成正比 解析 1 2 3 4 5 解析m 只是一個(gè)計(jì)算式 物體質(zhì)量與合外力和加速度均無(wú)關(guān) 5 2015 浙江1月學(xué)考 如圖2所示 小文同學(xué)在電梯中體驗(yàn)加速上升和加速下降的過(guò)程 這兩個(gè)過(guò)程 A 都是超重過(guò)程B 都是失重過(guò)程C 加速上升是失重過(guò)程 加速下降是超重過(guò)程D 加速上升是超重過(guò)程 加速下降是失重過(guò)程 解析 1 2 3 4 5 圖2 返回 解析加速上升時(shí)加速度方向向上 故支持力大于重力 為超重 加速下降時(shí)加速度方向向下 支持力小于重力 為失重 故選D項(xiàng) 考點(diǎn)互動(dòng)探究 1 應(yīng)用牛頓第一定律分析實(shí)際問(wèn)題時(shí) 要把生活感受和理論問(wèn)題聯(lián)系起來(lái)深刻認(rèn)識(shí)力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系 正確理解力不是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因 克服生活中一些錯(cuò)誤的直觀印象 建立正確的思維習(xí)慣 2 相互作用力與平衡力的比較 例1課間休息時(shí) 一位男生跟一位女生在課桌面上扳手腕比力氣 結(jié)果男生把女生的手腕壓倒到桌面上 如圖3所示 對(duì)這個(gè)過(guò)程中作用于雙方的力 描述正確的是 A 男生扳女生手腕的力一定比女生扳男生手腕的力大B 男生扳女生手腕的力與女生扳男生手腕的力一樣大C 男生扳女生手腕的力小于女生臂膀提供給自己手腕的力D 男生扳女生手腕的力與女生臂膀提供給自己手腕的力一樣大 圖3 解析 解析根據(jù)牛頓第三定律 男生扳女生手腕的力與女生扳男生手腕的力大小相等 規(guī)律總結(jié) 應(yīng)用牛頓第三定律應(yīng)注意的三個(gè)問(wèn)題1 定律中的 總是 說(shuō)明對(duì)于任何物體 在任何情況下牛頓第三定律都是成立的 2 作用力與反作用力雖然等大反向 但因作用的物體不同 所產(chǎn)生的效果 運(yùn)動(dòng)效果或形變效果 往往不同 3 作用力與反作用力只能是一對(duì)物體間的相互作用力 不能牽扯第三個(gè)物體 解析 1 多選 如圖4所示 在勻速前進(jìn)的磁懸浮列車?yán)?小明將一小球放在水平桌面上 且小球相對(duì)桌面靜止 關(guān)于小球與列車的運(yùn)動(dòng) 下列說(shuō)法正確的是 A 若小球向前滾動(dòng) 則磁懸浮列車在加速前進(jìn)B 若小球向后滾動(dòng) 則磁懸浮列車在加速前進(jìn)C 磁懸浮列車急剎車時(shí) 小球向前滾動(dòng)D 磁懸浮列車急剎車時(shí) 小球向后滾動(dòng) 解析列車加 減 速時(shí) 小球由于慣性保持原來(lái)的運(yùn)動(dòng)狀態(tài) 即原速率 不變 相對(duì)于車向后 前 滾動(dòng) 選項(xiàng)B C正確 1 2 3 變式題組 圖4 2 2014 浙江1月學(xué)考 如圖5所示 將甲 乙兩彈簧互相鉤住并拉伸 則 A 甲拉乙的力小于乙拉甲的力B 甲拉乙的力大于乙拉甲的力C 甲拉乙的力與乙拉甲的力是一對(duì)平衡力D 甲拉乙的力與乙拉甲的力是一對(duì)相互作用力 圖5 1 2 3 解析 解析根據(jù)牛頓第三定律 相互作用的兩個(gè)物體間的作用力大小相等 方向相反 甲 乙間的力為相互作用力 故D項(xiàng)正確 3 2016 金華十校9月模擬 下列說(shuō)法中正確的是 A 運(yùn)動(dòng)越快的汽車越不容易停下來(lái) 是因?yàn)槠囘\(yùn)動(dòng)得越快 慣性越大B 作用力與反作用力一定是同種性質(zhì)的力C 伽利略的理想實(shí)驗(yàn)是憑空想象出來(lái)的 是脫離實(shí)際的理論假設(shè)D 馬拉著車向前加速時(shí) 馬對(duì)車的拉力大于車對(duì)馬的拉力 1 2 3 解析 解析物體的慣性大小只與物體的質(zhì)量有關(guān) 與物體的速度無(wú)關(guān) 選項(xiàng)A錯(cuò)誤 作用力與反作用力一定是同種性質(zhì)的力 選項(xiàng)B正確 伽利略的理想實(shí)驗(yàn)是建立在嚴(yán)格的推理的基礎(chǔ)上的 與實(shí)際的理論不脫離 選項(xiàng)C錯(cuò)誤 馬拉著車向前加速時(shí) 馬對(duì)車的拉力與車對(duì)馬的拉力是一對(duì)作用力與反作用力 故馬對(duì)車的拉力等于車對(duì)馬的拉力 選項(xiàng)D錯(cuò)誤 1 2 3 考點(diǎn)二牛頓第二定律的理解和應(yīng)用 1 對(duì)牛頓第二定律的理解 2 牛頓第二定律瞬時(shí)性的 兩種 模型加速度與合外力具有瞬時(shí)對(duì)應(yīng)關(guān)系 二者總是同時(shí)產(chǎn)生 同時(shí)變化 同時(shí)消失 具體可簡(jiǎn)化為以下兩種模型 1 剛性繩 或接觸面 不發(fā)生明顯形變就能產(chǎn)生彈力的物體 剪斷 或脫離 后 其彈力立即消失 不需要形變恢復(fù)時(shí)間 2 彈簧 或橡皮繩 兩端同時(shí)連接 或附著 有物體的彈簧 或橡皮繩 特點(diǎn)是形變量大 其形變恢復(fù)需要較長(zhǎng)時(shí)間 在瞬時(shí)性問(wèn)題中 其彈力的大小往往可以看成保持不變 例2 2016 東陽(yáng)市聯(lián)考 如圖6所示 物塊1 2間用剛性輕質(zhì)桿連接 物塊3 4間用輕質(zhì)彈簧相連 物塊1 3質(zhì)量為m 物塊2 4質(zhì)量為M 兩個(gè)系統(tǒng)均置于水平放置的光滑木板上 并處于靜止?fàn)顟B(tài) 現(xiàn)將兩木板沿水平方向突然抽出 設(shè)抽出后的瞬間 物塊1 2 3 4的加速度大小分別為a1 a2 a3 a4 重力加速度大小為g 則有 圖6 解析 解析在抽出木板的瞬間 物塊1 2與剛性輕桿連接處的形變立即消失 受到的合力均等于各自重力 所以由牛頓第二定律知a1 a2 g 而物塊3 4間的輕質(zhì)彈簧的形變還來(lái)不及改變 此時(shí)彈簧對(duì)物塊3向上的彈力大小和對(duì)物塊4向下的彈力大小仍為mg 因此物塊3滿足mg F a3 0 技巧點(diǎn)撥 求解瞬時(shí)加速度問(wèn)題時(shí)應(yīng)抓住 兩點(diǎn) 1 物體的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況是時(shí)刻對(duì)應(yīng)的 當(dāng)外界因素發(fā)生變化時(shí) 需要重新進(jìn)行受力分析和運(yùn)動(dòng)分析 2 加速度可以隨著力的突變而突變 而速度的變化需要一個(gè)過(guò)程的積累 不會(huì)發(fā)生突變 解析 4 如圖7所示 質(zhì)量為1kg的物體與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0 2 物體在7N的水平拉力作用下獲得的加速度大小為 g取10m s2 A 0B 5m s2C 8m s2D 12m s2 4 5 6 變式題組 圖7 解析 5 2016 溫州聯(lián)考 如圖8所示 兩小球懸掛在天花板上 a b兩小球用細(xì)線連接 上面是一輕質(zhì)彈簧 a b兩球的質(zhì)量分別為m和2m 在細(xì)線燒斷瞬間 a b兩球的加速度為 取向下為正方向 A 0 gB g gC 2g gD 2g 0 4 5 6 圖8 4 5 6 解析在細(xì)線燒斷之前 a b可看成一個(gè)整體 由二力平衡知 彈簧彈力等于整體重力 故方向向上 大小為3mg 6 如圖9所示 兩個(gè)質(zhì)量分別為m1 2kg m2 3kg的物體置于光滑的水平面上 中間用輕質(zhì)彈簧測(cè)力計(jì)連接 兩個(gè)大小分別為F1 30N F2 20N的水平拉力分別作用在m1 m2上 則 A 彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)是25NB 彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)是50NC 在突然撤去力F2的瞬間 m1的加速度大小為5m s2D 在突然撤去力F1的瞬間 m1的加速度大小為13m s2 圖9 4 5 6 解析 4 5 6 在突然撤去力F2的瞬間 彈簧的彈力不發(fā)生變化 故m1的加速度不發(fā)生變化 選項(xiàng)C錯(cuò)誤 1 盡管物體的加速度不是豎直方向 但只要其加速度在豎直方向上有分量 物體就會(huì)處于超重或失重狀態(tài) 2 超重并不是重力增加了 失重并不是重力減小了 完全失重也不是重力完全消失了 在發(fā)生這些現(xiàn)象時(shí) 物體的重力依然存在 且不發(fā)生變化 只是物體對(duì)支持物的壓力 或?qū)覓煳锏睦?發(fā)生了變化 3 在完全失重的狀態(tài)下 平常一切由重力產(chǎn)生的物理現(xiàn)象就會(huì)完全消失 如天平失效 液體柱不再產(chǎn)生壓強(qiáng)等 考點(diǎn)三超重與失重現(xiàn)象 例3應(yīng)用物理知識(shí)分析生活中的常見(jiàn)現(xiàn)象 可以使物理學(xué)習(xí)更加有趣和深入 例如 平伸手掌托起物體 由靜止開(kāi)始豎直向上運(yùn)動(dòng) 直至將物體拋出 對(duì)此現(xiàn)象分析正確的是 A 手托物體向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中 物體始終處于超重狀態(tài)B 手托物體向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中 物體始終處于失重狀態(tài)C 在物體離開(kāi)手的瞬間 物體的加速度大于重力加速度D 在物體離開(kāi)手的瞬間 手的加速度大于重力加速度 解析 解析手托物體向上運(yùn)動(dòng) 一定先向上加速 處于超重狀態(tài) 但后面的運(yùn)動(dòng)可以是減速的 也可以是勻速的 不能確定 A B錯(cuò)誤 物體和手具有共同的速度和加速度時(shí) 二者不會(huì)分離 故物體離開(kāi)手的瞬間 物體向上運(yùn)動(dòng)且只受重力 物體的加速度等于重力加速度 但手的加速度應(yīng)大于重力加速度 并且方向豎直向下 手與物體才能分離 所以C錯(cuò)誤 D正確 技巧點(diǎn)撥 超重和失重現(xiàn)象判斷的 三 技巧1 從受力的角度判斷 當(dāng)物體所受向上的拉力 或支持力 大于重力時(shí) 物體處于超重狀態(tài) 小于重力時(shí)處于失重狀態(tài) 等于0時(shí)處于完全失重狀態(tài) 2 從加速度的角度判斷 當(dāng)物體具有向上的加速度時(shí)處于超重狀態(tài) 具有向下的加速度時(shí)處于失重狀態(tài) 向下的加速度為重力加速度時(shí)處于完全失重狀態(tài) 3 從速度變化的角度判斷 1 物體向上加速或向下減速時(shí) 超重 2 物體向下加速或向上減速時(shí) 失重 解析 7 2014 浙江7月學(xué)考 兩磚塊疊在一起放在豎直升降電梯的水平底板上 當(dāng)兩磚塊間的壓力小于上面磚塊的重力時(shí) 電梯可能的運(yùn)動(dòng)是 A 向上加速運(yùn)動(dòng)B 向上減速運(yùn)動(dòng)C 向下勻速運(yùn)動(dòng)D 向下減速運(yùn)動(dòng) 7 8 9 變式題組 解析對(duì)上面的磚塊進(jìn)行分析 根據(jù)牛頓第二定律得 a 由題意知支持力小于重力 則加速度方向豎直向下 所以電梯向上做減速運(yùn)動(dòng)或向下做加速運(yùn)動(dòng) 故B正確 A C D錯(cuò)誤 7 8 9 8 關(guān)于超重和失重現(xiàn)象 下列描述中正確的是 A 電梯正在減速上升 在電梯中的乘客處于超重狀態(tài)B 磁懸浮列車在水平軌道上加速行駛時(shí) 列車上的乘客處于超重狀態(tài)C 蕩秋千時(shí)秋千擺到最低位置時(shí) 人處于失重狀態(tài)D 神舟九號(hào) 飛船在繞地球做圓軌道運(yùn)行時(shí) 飛船內(nèi)的航天員處于完全失重狀態(tài) 7 8 9 9 2015 浙江10月選考 為了讓乘客乘車更為舒適 某探究小組設(shè)計(jì)了一種新的交通工具 乘客的座椅能隨著坡度的變化而自動(dòng)調(diào)整 使座椅始終保持水平 如圖10所示 當(dāng)此車勻減速上坡時(shí) 則乘客 僅考慮乘客與水平面之間的作用 A 處于超重狀態(tài)B 不受摩擦力的作用C 受到向后 水平向左 的摩擦力作用D 所受合力豎直向上 7 8 9 圖10 解析 解析當(dāng)車勻減速上坡時(shí) 加速度方向沿斜坡向下 人的加速度與車的加速度相同 根據(jù)牛頓第二定律知人的合力方向沿斜面向下 合力的大小不變 人受重力 支持力和水平向左的靜摩擦力 如圖 將加速度沿豎直方向和水平方向分解 則有豎直向下的加速度 則 mg FN may FN mg 乘客處于失重狀態(tài) 故A B D錯(cuò)誤 C正確 7 8 9 1 動(dòng)力學(xué)的兩類基本問(wèn)題第一類 已知受力情況求物體的運(yùn)動(dòng)情況 第二類 已知運(yùn)動(dòng)情況求物體的受力情況 2 動(dòng)力學(xué)兩類基本問(wèn)題的解題步驟第一步 選對(duì)象 根據(jù)問(wèn)題的需要和解題的方便 選出被研究的物體 可以是一個(gè)物體 也可以是幾個(gè)物體組成的整體 第二步 研究力和運(yùn)動(dòng) 注意畫好受力分析圖 明確物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程和運(yùn)動(dòng)性質(zhì) 第三步 建坐標(biāo) 通常以加速度的方向?yàn)檎较蚧蛞约铀俣确较驗(yàn)槟骋蛔鴺?biāo)軸的正方向 第四步 列方程 根據(jù)平衡條件或牛頓第二定律沿坐標(biāo)軸方向列方程 第五步 解結(jié)果 結(jié)合相應(yīng)的運(yùn)動(dòng)學(xué)方程聯(lián)立求解 并對(duì)結(jié)果進(jìn)行討論 例4 2016 諸暨市期末 在山區(qū)或溝谷深壑地區(qū) 往往會(huì)因?yàn)殚L(zhǎng)時(shí)間的暴雨引發(fā)山體滑坡 并攜帶有大量石塊滑落 某地有兩個(gè)坡度相同的山坡剛好在底端互相對(duì)接 在暴雨中有石塊從一側(cè)山坡滑落后沖上另一側(cè)山坡 如圖11甲所示 現(xiàn)假設(shè)兩山坡與水平面間的夾角均為 37 石塊在下滑過(guò)程中與坡面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為 0 25 石塊在左側(cè)山坡A處由靜止開(kāi)始下滑時(shí) 離水平地面的高度h1 4 8m 然后沖上右側(cè)山坡 其簡(jiǎn)化圖如圖乙所示 已知石塊經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)P前后的速度大小不變 重力加速度g 10m s2 sin37 0 6 cos37 0 8 1 求石塊滑到最低點(diǎn)P時(shí)的速度大小v 圖11 解析答案 解析設(shè)石塊從A到P的過(guò)程中加速度為a1 則mgsin mgcos ma1代入數(shù)據(jù) 解得 a1 4m s2 代入數(shù)據(jù) 解得 v 8m s 答案8m s 2 求石塊沖上右側(cè)山坡最高點(diǎn)B時(shí)離水平面的高度h2 解析答案 解析設(shè)石塊從P到B的過(guò)程中 加速度為a2 則 mgsin mgcos ma2代入數(shù)據(jù) 解得 a2 8m s2 代入數(shù)據(jù)解得 h2 2 4m 答案2 4m 3 當(dāng)石塊在A點(diǎn)以多大的初速度v0下滑 剛好能到達(dá)右側(cè)山坡與A等高處 解析答案 解析剛好能到達(dá)右側(cè)山坡與A等高處時(shí) 設(shè)石塊在底端的速度為v1 則 解得 v0 8m s 答案8m s 技巧點(diǎn)撥 解決兩類動(dòng)力學(xué)問(wèn)題的兩個(gè)關(guān)鍵點(diǎn)1 把握 兩個(gè)分析 一個(gè)橋梁 兩個(gè)分析 物體的受力情況分析和運(yùn)動(dòng)過(guò)程分析 一個(gè)橋梁 加速度是聯(lián)系物體運(yùn)動(dòng)和受力的橋梁 2 尋找多過(guò)程運(yùn)動(dòng)問(wèn)題中各過(guò)程間的相互聯(lián)系 如第一個(gè)過(guò)程的末速度就是下一個(gè)過(guò)程的初速度 畫圖找出各過(guò)程的位移之間的聯(lián)系 10 質(zhì)量為0 1kg的彈性球從空中某高度由靜止開(kāi)始下落 該下落過(guò)程對(duì)應(yīng)的v t圖象如圖12所示 球與水平地面相碰后離開(kāi)地面時(shí)的速度大小為碰撞前的 設(shè)球受到的空氣阻力大小恒為Ff 取g 10m s2 求 1 彈性球受到的空氣阻力Ff的大小 10 11 變式題組 圖12 解析答案 解析設(shè)彈性球第一次下落過(guò)程中的加速度大小為a1 由題圖知 根據(jù)牛頓第二定律 得mg Ff ma1Ff m g a1 0 2N 答案0 2N 10 11 2 彈性球第一次碰撞后反彈的高度h 10 11 解析答案 解析由題圖知彈性球第一次到達(dá)地面時(shí)的速度大小為v1 4m s 設(shè)球第一次離開(kāi)地面時(shí)的速度大小為v2 則 第一次離開(kāi)地面后 設(shè)上升過(guò)程中球的加速度大小為a2 則mg Ff ma2a2 12m s2 11 2016 溫州8月選考 如圖13所示 木塊的質(zhì)量m 2kg 與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù) 0 2 木塊在拉力F 10N作用下 在水平地面上從靜止開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng) 運(yùn)動(dòng)5 2m后撤去外力F 已知力F與水平方向的夾角 37 sin37 0 6 cos37 0 8 g取10m s2 求 1 撤去外力前 木塊受到的摩擦力大小 圖13 10 11 解析答案 解析撤去外力前 木塊受力如圖甲所示 10 11 由牛頓第二定律得豎直方向 FN Fsin37 mg 0Ff FN解得 Ff 2 8N 答案2 8N 2 剛撤去外力時(shí) 木塊運(yùn)動(dòng)的速度大小 解析由牛頓第二定律得水平方向 Fcos37 Ff ma1解得 a1 2 6m s2由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得 v2 2a1x1解得 v 5 2m s 答案5 2m s 10 11 解析答案 3 撤去外力后 木塊還能滑行的距離 解析撤去外力后 木塊受力如圖乙所示由牛頓第二定律得 mg ma2解得 a2 2m s2由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得0 v2 2a2x2解得x2 6 76m 答案6 76m 10 11 解析答案 返回