（京津魯瓊專用）2020版高考物理大三輪復(fù)習(xí) 選擇題熱點(diǎn)巧練 熱點(diǎn)3 物理圖象問(wèn)題（含解析）

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1、熱點(diǎn)3物理圖象問(wèn)題(建議用時(shí)：20分鐘)1(2019四川涼山州高三第三次診斷)A、B兩物體同時(shí)同地從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，其vt圖象如圖所示，關(guān)于它們運(yùn)動(dòng)的描述正確的是()A物體B在直線上做往返運(yùn)動(dòng)B物體A做加速度增大的曲線運(yùn)動(dòng)CA、B兩物體在01 s運(yùn)動(dòng)過(guò)程中距離越來(lái)越近DB物體在第1 s內(nèi)、第2 s內(nèi)、第3 s內(nèi)的平均速度大小之比為1322一個(gè)面積為S的圓形金屬框置于水平桌面上，如圖甲所示(俯視圖)，金屬框內(nèi)有一與線框平面垂直的磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1，圓形金屬框與兩根水平的平行金屬導(dǎo)軌(兩導(dǎo)軌相距L、電阻不計(jì))相連接，導(dǎo)軌間有垂直導(dǎo)軌平面豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B2，一電阻為r的導(dǎo)體棒垂直

2、放在導(dǎo)軌上且與導(dǎo)軌良好接觸，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B1隨時(shí)間t按圖乙所示規(guī)律變化時(shí)，導(dǎo)體棒在水平外力F的作用下始終不動(dòng)，規(guī)定外力水平向右為正，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里(豎直向下)為正，不計(jì)一切摩擦，則在05 s內(nèi)外力F隨時(shí)間t變化的圖象正確的是()3(2019青島模擬)已知雨滴在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)所受空氣阻力fkr2v2，其中k為比例系數(shù)，r為雨滴半徑，v為運(yùn)動(dòng)速率t0時(shí)，雨滴由靜止開(kāi)始沿豎直方向下落落地前雨滴已做勻速運(yùn)動(dòng)且速率為vm，用a表示雨滴的加速度，下列圖象不可能正確的是()4(多選)(2019湖南邵陽(yáng)高三模擬)質(zhì)量為M的足夠長(zhǎng)的木板B放在光滑水平地面上，一個(gè)質(zhì)量為m的滑塊A(可視為質(zhì)點(diǎn))放在木板上，設(shè)木塊

3、受到的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，如圖甲所示木板B受到隨時(shí)間t變化的水平拉力F作用時(shí)，用傳感器測(cè)出木板B的加速度a，得到如圖乙所示的aF圖象，取g10 m/s2，則()A滑塊A的質(zhì)量m1.5 kgB木板B的質(zhì)量M1.5 kgC當(dāng)F5 N時(shí)，木板B的加速度a4 m/s2D滑塊A與木板B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.15(多選)在某電場(chǎng)中沿x方向上，電勢(shì)與x關(guān)系如圖所示，假想有一電子在該電場(chǎng)中僅受電場(chǎng)力作用而移動(dòng)，則下列關(guān)于電場(chǎng)和電子能量說(shuō)法正確的是()Ax3到x4區(qū)域內(nèi)沿x軸方向上的電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)B若電子從電勢(shì)為2 V的x1位置向右運(yùn)動(dòng)到電勢(shì)為2 V的x7位置，因?yàn)殡娮与妱?shì)能不變，電場(chǎng)力不做功，電子初動(dòng)能

4、大于零即可滿足要求Cx6到x7區(qū)域內(nèi)沿x軸方向上的電場(chǎng)強(qiáng)度為零D若電子從電勢(shì)為2 V的x1位置向右運(yùn)動(dòng)到電勢(shì)為2 V的x7位置，為了通過(guò)x4處電勢(shì)為3 V的位置，電子至少具有初動(dòng)能1 eV6(多選)如圖所示，電阻不計(jì)、間距為L(zhǎng)的粗糙平行金屬導(dǎo)軌水平放置于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌左端接一定值電阻R，質(zhì)量為m、電阻為r的金屬棒MN置于導(dǎo)軌上，受到垂直于金屬棒的水平外力F的作用由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，外力F與金屬棒速度v的關(guān)系是FF0kv(F0、k是常量)，金屬棒與導(dǎo)軌始終垂直且接觸良好，金屬棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為.下列關(guān)于金屬棒的速度v隨時(shí)間t變化的圖象和感應(yīng)電流的功率P隨v2變化

5、的圖象可能正確的是()7(多選)如圖甲所示，物塊的質(zhì)量m1 kg，初速度v010 m/s，方向水平向右，在一水平向左的恒力F作用下從O點(diǎn)沿粗糙的水平面向右運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻后恒力F突然反向，整個(gè)過(guò)程中物塊速度的平方隨位置坐標(biāo)變化的關(guān)系圖象如圖乙所示，g取10 m/s2.下列選項(xiàng)中正確的是()A05 s內(nèi)物塊做勻減速運(yùn)動(dòng)B在t1 s時(shí)刻，恒力F反向C恒力F大小為10 ND物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.38.(多選)(2019濰坊模擬)如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，t0時(shí)，帶負(fù)電的物塊以速度v0沿斜面向上滑動(dòng)，然后滑回到原處已知物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)不變，物塊所帶電荷量不變，用Ek表示物塊的動(dòng)能

6、，x表示位移，Ep表示電勢(shì)能，取斜面底端為零勢(shì)能面，規(guī)定v0的方向?yàn)檎较?，則下列選項(xiàng)中的圖線正確的是()熱點(diǎn)3物理圖象問(wèn)題1解析：選D.在vt圖象中，縱坐標(biāo)代表速度的大小和方向，斜率表示加速度，圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示位移；由圖可知，B先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，再做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，速度一直為正值，為單向直線運(yùn)動(dòng)物體A做加速度增大的直線運(yùn)動(dòng)；在01 s內(nèi)，B物體在前，A物體在后，距離越來(lái)越遠(yuǎn)；由于圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示位移，可求得B物體在第1 s內(nèi)、第2 s內(nèi)、第3 s內(nèi)的位移比為132，由v，可知平均速度大小之比為132.綜上分析，D正確2解析：選A.因?qū)w棒在水平外力F的作用下始終不動(dòng)，所

7、以施加的水平外力與安培力始終等大反向，即FF安B2IL，由題圖乙知01 s內(nèi)恒定，由楞次定律知回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流為逆時(shí)針?lè)较?，由左手定則知導(dǎo)體棒所受安培力是水平向左的，即外力水平向右，排除B和C；又由法拉第電磁感應(yīng)定律知I是恒定的，即水平外力大小恒定，由題圖乙知在23 s內(nèi)是01 s內(nèi)的2倍，所以由電流的表達(dá)式及安培力表達(dá)式得A正確，D錯(cuò)誤3解析：選D.根據(jù)牛頓第二定律可得mgkr2v2ma，速度增大，加速度減小，當(dāng)加速度減為零，雨滴做勻速直線運(yùn)動(dòng)，mgkr2v，選項(xiàng)A、B正確；當(dāng)最后勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，有kr2vmggr3，可得最大速率與成正比，故選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤4解析：選AC.由題圖乙知，當(dāng)F

8、4 N時(shí)，加速度為a2 m/s2，對(duì)整體分析：F(mM)a，解得mM2 kg，當(dāng)F4 N時(shí)，A、B發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，對(duì)B有：aF，由題圖乙可知，圖線的斜率：k2，解得M0.5 kg，滑塊A的質(zhì)量m1.5 kg，故A正確，B錯(cuò)誤；A、B發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)后的圖線反向延長(zhǎng)與橫軸交于點(diǎn)(3，0)，代入解得0.2，故D錯(cuò)誤；根據(jù)F5 N4 N 時(shí)，滑塊與木板相對(duì)滑動(dòng)，B的加速度為aBFg4 m/s2，故C正確5解析：選AC.由x3到x4電勢(shì)均勻增大，則電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，故A正確；由x6到x7電勢(shì)不變，則沿x方向電場(chǎng)強(qiáng)度為零，故C正確；要電子能從x1運(yùn)動(dòng)到x7，對(duì)于x1到x2，電場(chǎng)力阻礙電子運(yùn)動(dòng)，電子的初動(dòng)能要大于

9、電場(chǎng)力做功的值，故B錯(cuò)誤；電子只要能通過(guò)x2處，就可通過(guò)x4，則其具有的初動(dòng)能至少為2 eV，故D錯(cuò)誤6解析：選ABD.由題意可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)EBLv，回路電流I，故所受安培力F安BLI，方向水平向左，分析金屬棒運(yùn)動(dòng)情況，由牛頓第二定律可得F0kvmgvma，即(F0mg)vma，因?yàn)榻饘侔魪撵o止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，所以F0mg，若k，金屬棒水平向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以A正確；若k，加速度a隨v增大而增大，說(shuō)明金屬棒在做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，所以B正確；若k，加速度a隨v增大而減小，說(shuō)明金屬棒在做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，沒(méi)有符合的vt圖象，而感應(yīng)電流的功率PEIv2，則C錯(cuò)誤，D正確7解析：選BD.物塊

10、做勻減速直線運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a1m/s210 m/s2物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a2 m/s24 m/s2根據(jù)牛頓第二定律得Ffma1，F(xiàn)fma2聯(lián)立兩式并代入數(shù)據(jù)解得F7 N，f3 N則物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3物塊做勻減速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1 s1 s，即在01 s內(nèi)物塊做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，1 s后恒力F反向，物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)綜上可知B、D項(xiàng)正確，A、C項(xiàng)錯(cuò)誤8解析：選ABD.物塊先以速度v0沿斜面向上滑動(dòng)，然后下滑回到原處的過(guò)程中，除摩擦力在上滑和下滑時(shí)方向相反外，受的其他力大小和方向均不變，故物塊先做勻減速運(yùn)動(dòng)(加速度較大)，再做反向的勻加速運(yùn)動(dòng)(加速度較小)，A正確；對(duì)物塊沿斜面上升過(guò)程由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有v2v2ax，由數(shù)學(xué)知識(shí)可知B正確；沿斜面上升過(guò)程由動(dòng)能定理有，F(xiàn)xEkEk0(F為物塊所受合外力，大小恒定)，圖線應(yīng)為直線，可知C錯(cuò)誤；取斜面底端為零勢(shì)能面，由于物塊帶負(fù)電，且沿斜面向上電勢(shì)逐漸降低，故物塊的電勢(shì)能隨位移的增大而增大，D正確- 6 -