(江蘇專版)2019版高考物理二輪復(fù)習(xí) 計(jì)算題押題練(四)(含解析).doc
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計(jì)算題押題練(四)1.如圖所示,相距為L的兩條足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ與水平面的夾角為,N、Q兩點(diǎn)間接有阻值為R的電阻。整個(gè)裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中,磁場方向垂直導(dǎo)軌平面向下。將質(zhì)量為m、阻值也為R的金屬桿cd垂直放在導(dǎo)軌上,桿cd由靜止釋放,下滑距離x時(shí)達(dá)到最大速度。重力加速度為g,導(dǎo)軌電阻不計(jì),桿與導(dǎo)軌接觸良好。求:(1)桿cd下滑的最大加速度和最大速度;(2)上述過程中,桿cd上產(chǎn)生的熱量。解析:(1)設(shè)桿cd下滑到某位置時(shí)速度為v,則桿產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢EBLv,回路中的感應(yīng)電流I桿所受的安培力FBIL根據(jù)牛頓第二定律有mgsin ma當(dāng)速度v0時(shí),桿的加速度最大,最大加速度amgsin ,方向沿導(dǎo)軌平面向下當(dāng)桿的加速度a0時(shí),速度最大,最大速度vm,方向沿導(dǎo)軌平面向下。(2)桿cd從開始運(yùn)動(dòng)到達(dá)到最大速度過程中,根據(jù)能量守恒定律得mgxsin Q總mvm2又Q桿Q總所以Q桿mgxsin 。答案:(1)gsin (2)mgxsin 2.如圖所示,在某豎直平面內(nèi),光滑曲面AB與水平面BC平滑連接于B點(diǎn),BC的距離為1 m,BC右端連接內(nèi)壁光滑、半徑r0.4 m的四分之一細(xì)圓管CD,管口D端正下方直立一根勁度系數(shù)為k100 N/m的輕彈簧,彈簧一端固定,另一端恰好與管口D端平齊,一個(gè)質(zhì)量為1 kg的小球放在曲面AB上,現(xiàn)從距BC的高度為h0.6 m處靜止釋放小球,小球進(jìn)入管口C端時(shí),它對上管壁有FN5 N的作用力,通過CD后,在壓縮彈簧過程中小球速度最大時(shí)彈簧的彈性勢能為Ep0.5 J。取重力加速度g10 m/s2。求:(1)小球在C處受到的向心力大??;(2)BC間的動(dòng)摩擦因數(shù);(3)若改變高度h且BC段光滑,試通過計(jì)算探究小球壓縮彈簧過程中的最大動(dòng)能Ekm與高度h的關(guān)系,并在坐標(biāo)系中粗略做出Ekmh的圖像,并標(biāo)出縱軸的截距。解析:(1) 小球進(jìn)入管口C端時(shí),它與圓管上管壁有大小為FN5 N的相互作用力,故小球受到的向心力為F向FNmg5 N10 N15 N。(2)在C點(diǎn),由F向m,代入數(shù)據(jù)得vC m/s小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)過程,由動(dòng)能定理得mghmgsmvC2,解得0.3。(3)在壓縮彈簧過程中速度最大時(shí),合力為零。設(shè)此時(shí)小球離D端的距離為x0,則有kx0mg,解得x00.1 m由機(jī)械能守恒定律有mg(rx0h)EkmEp得Ekmmg(rx0h)Ep,代入數(shù)據(jù)得Ekm10h4.5,圖像如圖所示。答案:(1)15 N(2)0.3(3)見解析3如圖甲所示,在0xd的區(qū)域內(nèi)有垂直紙面的磁場,在x0的區(qū)域內(nèi)有沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(圖中未畫出)。一質(zhì)子從點(diǎn)P處以速度v0沿x軸正方向運(yùn)動(dòng),t0時(shí),恰從坐標(biāo)原點(diǎn)O進(jìn)入勻強(qiáng)磁場。磁場按圖乙所示規(guī)律變化,以垂直于紙面向外為正方向。已知質(zhì)子的質(zhì)量為m,電荷量為e,重力不計(jì)。(1)求質(zhì)子剛進(jìn)入磁場時(shí)的速度大小和方向;(2)若質(zhì)子在0時(shí)間內(nèi)從y軸飛出磁場,求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的最小值;(3)若質(zhì)子從點(diǎn)M(d,0)處離開磁場,且離開磁場時(shí)的速度方向與進(jìn)入磁場時(shí)相同,求磁感應(yīng)強(qiáng)度B0的大小及磁場變化周期T。解析:(1)質(zhì)子在電場中作類平拋運(yùn)動(dòng),時(shí)間為t,剛進(jìn)磁場時(shí)速度方向與x正半軸的夾角為,有xv0td,yt,tan ,又v,解得vv0,30。(2)質(zhì)子在磁場中運(yùn)動(dòng)軌跡與磁場右邊界相切時(shí)半徑最大,B最小由幾何關(guān)系知R1R1cos 60d,解得R1d根據(jù)牛頓第二定律,有evBm解得B。(3)分析可知,要想滿足題目要求,則質(zhì)子在磁場變化的半個(gè)周期內(nèi)的偏轉(zhuǎn)角為60,在此過程中質(zhì)子沿x軸方向上的位移恰好等于它在磁場中做圓周的半徑R。欲使質(zhì)子從M點(diǎn)離開磁場,且速度符合要求,必有:n2Rd質(zhì)子做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑:R解得B0(n1,2,3,)設(shè)質(zhì)子在磁場做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T0,則有T0,解得T(n1,2,3,)。答案:(1)v0沿x軸正方向斜向上與x軸夾角為30(2)(3)(n1,2,3,)(n1,2,3,)- 1.請仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對于不預(yù)覽、不比對內(nèi)容而直接下載帶來的問題本站不予受理。
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