貴州省六盤水市盤縣第四中學2017-2018學年高一物理下學期期末考試試題.doc
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貴州省六盤水市盤縣四中2017-2018學年下學期期末考試高一物理本試卷分第卷和第卷兩部分,共100分,考試時間120分鐘。學校:_姓名:_班級:_考號:_分卷I一、單選題(共12小題,每小題3.0分,共36分) 1.兩光滑平板MO、NO構(gòu)成一具有固定夾角075的V形槽,一球置于槽內(nèi),用表示NO板與水平面之間的夾角,如圖所示若球?qū)Π錘O壓力的大小正好等于球所受重力的大小,則下列值中哪個是正確的()A 15B 30C 45D 602.以下說法正確的是()A 物體運動的位移越大,其速度一定越大B 物體運動的時間越短,其速度一定越大C 速度是表示物體運動快慢的物理量D 做勻速直線運動的物體,其位移跟時間的比值是一個恒量3.下列關(guān)于同一質(zhì)點的位移和路程的說法中正確的是( )A 位移是矢量,位移的方向即質(zhì)點運動的方向B 路程是標量,即位移的大小C 位移的大小,不會比路程大D 質(zhì)點做直線運動時,路程等于位移的大小4.如圖所示是俄羅斯名將伊辛巴耶娃撐桿跳時的情景,若不計空氣阻力,下列說法正確的是()A 在撐桿的過程中桿對她的彈力大于她對桿的壓力B 在撐桿上升過程中,她始終處于超重狀態(tài)C 在空中下降過程中她處于失重狀態(tài)D 她落到軟墊后一直做減速運動5.對于一個做勻減速直線運動的物體,在它靜止前,下列說法中正確的是()A 速度越來越小B 速度越來越大C 加速度越來越小D 加速度越來越大6.如圖所示,質(zhì)量為M、中間為半球形的光滑凹槽放置于光滑水平地面上,光滑槽內(nèi)有一質(zhì)量為m的小鐵球,現(xiàn)用一水平向右的推力F推動凹槽,小鐵球與光滑凹槽相對靜止時,凹槽球心和小鐵球的連線與豎直方向成角則下列說法正確的是()A 小鐵球受到的合外力方向水平向左BF(Mm)gtanC 系統(tǒng)的加速度為agsinDFmgtan7.人用繩子通過定滑輪拉物體A,A穿在光滑的豎直桿上,當以速度v0勻速地拉繩使物體A到達如下圖所示位置時,繩與豎直桿的夾角為,則物體A實際運動的速度是()Av0sinBCv0cosD8.如圖所示,若質(zhì)點以初速度v0正對傾角為37的斜面水平拋出,要求質(zhì)點到達斜面時位移最小,則質(zhì)點的飛行時間為()ABCD9.物體在水平方向上受到兩個相互垂直大小分別為3 N和4 N的恒力,從靜止開始運動10 m,每個力做的功和這兩個力的合力做的總功分別為 ()A 30 J、40 J、70 JB 30 J、40 J、50 JC 18 J、32 J、50 JD 18 J、32 J、36.7 J10.研究表明,地球自轉(zhuǎn)在逐漸變慢,3億年前地球自轉(zhuǎn)的周期約為22小時假設這種趨勢會持續(xù)下去,地球的其他條件都不變,未來人類發(fā)射的地球同步衛(wèi)星與現(xiàn)在的相比()A 距地面的高度變大B 向心加速度變大C 線速度變大D 角速度變大11.如圖所示,一帶正電的粒子處于電場中,圖中能正確表示該粒子所受靜電力的是()AF1BF2CF3DF412.如圖所示,帶電體Q靠近一個接地空腔正方體導體,空腔里面無電荷,達到靜電平衡后,下列物理量中不等于零的是()A 導體空腔內(nèi)任意點的場強B 導體空腔內(nèi)任意點的電勢C 導體外表面的電荷量D 導體空腔內(nèi)表面的電荷量二、多選題(共4小題,每小題4.0分,共16分) 13.彈簧原長為10 cm,當掛上一個50 g的鉤碼時,彈簧的長度變?yōu)?2 cm,當在原鉤碼下再掛一個同樣的鉤碼時,彈簧仍處于彈性限度內(nèi),下列說法中正確的是(取g10 m/s2)()A 彈簧長度變?yōu)?4 cmB 彈簧勁度系數(shù)為25 N/mC 彈簧伸長了4 cmD 彈簧伸長了2 cm14.(多選)甲、乙兩輛汽車在同一條平直的公路上向東行駛,已知甲車運動得比乙車快,則下列說法正確的是()A 以甲車為參考系,乙車在向東行駛B 以甲車為參考系,乙車在向西行駛C 以乙車為參考系,甲車在向東行駛D 以乙車為參考系,甲車在向西行駛15.(多選)質(zhì)量為m的物體,在F1、F2、F3三個共點力的作用下做勻速直線運動,保持F1、F2不變,僅將F3的方向改變90(大小不變)后,物體可能做 ()A 加速度大小為的勻變速直線運動B 加速度大小為的勻變速直線運動C 加速度大小為的勻變速曲線運動D 勻速直線運動16.(多選)如果在某電場中將電荷量為5.0104C的正電荷,僅在靜電力作用下由A點移到B點,靜電力做功為2.0103J,則()A 電荷在B點的動能比在A點的動能小2.0103JB 電荷在B點的電勢能比在A點的電勢能小2.0103JCA、B兩點間電勢差為4 VD 若在A、B兩點間移動一個q1.0104C的負電荷,電荷將克服靜電力做4.0104J的功分卷II三、實驗題(共2小題,共14分) 17.小明和小紅在探究“互成角度的兩共點力的合力”時,討論出一個探究方案并加以實施以下是他們的實驗過程:小明用圖釘將白紙釘在置于水平面上的木板上,小紅用筆在白紙上標上標記O點小明用圖釘將橡皮繩一端固定在木板上O點,在橡皮繩的末端系住兩繩套用兩個彈簧測力計分別向左右斜上方拉,把橡皮繩的另一端拉至某一點,并記下該點為A點小紅用筆在兩彈簧測力計的鉤子末端做下記號B和C,用尺畫直線分別連接AB和AC并標上箭頭,同時記錄下兩彈簧測力計的示數(shù),即為兩彈簧測力計拉力的方向和大小小明再次只用一個彈簧測力計鉤住繩套,將橡皮繩的結(jié)點拉到步驟3中同樣的A點位置,小紅再次記下鉤子末端位置D,連接線段AD標上箭頭,同時記下彈簧測力計示數(shù)取下白紙,小紅連接線段BD和CD,即認為FAD為FAB和FAC的合力(如圖)請你指出以上探究方案的錯誤之處(不少于三處):(1)_;(2)_;(3)_18.某興趣小組通過物塊在斜面上運動的試驗,探究“合外力做功與物體動能的變化的關(guān)系”. 他們的實驗裝置如圖甲所示,PQ為一塊傾斜放置的木板,在Q處固定一個速度傳感器(用來測量物體每次通過Q點時的速度v),每次實驗,物體從不同高度h處由靜止釋放,但始終保持斜面底邊長L0.5 m不變他們最后做出了如圖乙所示的v2h圖象圖象與橫軸的交點為0.25.(1)圖象乙不過坐標原點的原因是_(2)物塊與斜面間的滑動摩擦因數(shù)_.(3)若最后得到的圖象如圖丙所示,則可能的原因是(寫出一個)_(4)若更換光滑的斜面,重復上述步驟得到如圖乙所示的圖象,圖象的斜率將_(填“增大”“減小”“不變”)四、計算題 19.如圖所示,質(zhì)量為M,傾角為的光滑斜面靜止在粗糙的水平面上,斜面上有一倒扣的直角三角形物塊m,現(xiàn)對物塊m施加一水平向左的推力F,使物塊m與斜面一起向左做加速度為a的勻加速直線運動,已知重力加速度為g.求:(1)物塊對斜面的壓力;(2)水平推力F的大小;(3)粗糙地面與斜面間的動摩擦因數(shù)20.某工廠生產(chǎn)流水線示意圖如圖所示,半徑R1 m的水平圓盤邊緣E點固定一小桶在圓盤直徑DE正上方平行放置的水平傳送帶沿順時針方向勻速轉(zhuǎn)動,傳送帶右端C點與圓盤圓心O在同一豎直線上,豎直高度h1.25 mAB為一個與CO在同一豎直平面內(nèi)的四分之一光滑圓弧軌道,半徑r0.45 m,且與水平傳送帶相切于B點一質(zhì)量m0.2 kg 的滑塊(可視為質(zhì)點)從A點由靜止釋放,滑塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)0.2,當滑塊到達B點時,圓盤從圖示位置以一定的角速度繞通過圓心O的豎直軸勻速轉(zhuǎn)動,滑塊到達C點時恰與傳送帶同速并水平拋出,剛好落人圓盤邊緣的小桶內(nèi)取g10 m/s2,求:(1)滑塊到達圓弧軌道B點時對軌道的壓力FNB;(2)傳送帶BC部分的長度L;(3)圓盤轉(zhuǎn)動的角速度應滿足的條件21.長為L的細線,拴一質(zhì)量為m的小球,細線上端固定,讓小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動,如圖所示,求細線與豎直方向成角時:(重力加速度為g)(1)細線中的拉力大??;(2)小球運動的線速度的大小.22.如圖所示,充電后的平行板電容器水平放置,電容為C,極板間距離為d,上極板正中有一小孔質(zhì)量為m、電荷量為q的小球從小孔正上方高h處由靜止開始下落,穿過小孔到達下極板處速度恰為零(空氣阻力忽略不計,極板間電場可視為勻強電場,重力加速度為g)求:(1)小球到達小孔處的速度;(2)極板間電場強度大小和電容器所帶電荷量;(3)小球從開始下落運動到下極板處的時間答案解析1.【答案】B【解析】對球受力分析如圖所示:根據(jù)題意知,擋板NO的支持力FN等于球的重力mg,即FNmg;圖中所示的FN與FM的合力F與重力mg構(gòu)成平衡力,即Fmg,所以力的三角形OFNF是等腰三角形,根據(jù)幾何關(guān)系和已知條件得:75180,所以30,故B正確,A、C、D錯誤2.【答案】CD【解析】3.【答案】C【解析】位移是矢量,位移的大小等于由初位置指向末位置的有向線段的長度,其方向是由初始位置指向末始位置,故A錯誤;路程是標量,大小等于物體運動軌跡的長度,故B錯誤;據(jù)定義可知,路程的值可能大于或等于位移,故C正確;當質(zhì)點做單向直線運動時,路程等于位移,若質(zhì)點在一條直線上做往復運動,路程大于位移,故D錯誤.4.【答案】C【解析】在撐桿的過程中桿對她的彈力與她對桿的壓力是作用力與反作用力,大小相等故A錯誤;在撐桿上升開始階段加速度的方向向上,她處于超重狀態(tài);在上升的最后階段加速度的方向向下,她處于失重狀態(tài)故B錯誤;在空中下降過程她只受到重力的作用,加速度的方向向下,她處于失重狀態(tài)故C正確;她落到軟墊后開始時,軟墊的作用力小于重力,她仍然要做一段加速運動后才會減速故D錯誤5.【答案】A【解析】因為是勻減速直線運動,故物體運動的加速度a保持不變,由vv0at知,當a為負值時,v逐漸變小,所以B、C、D錯誤,A正確6.【答案】B【解析】隔離小鐵球受力分析得F合mgtanma且合外力方向水平向右,故小鐵球加速度為gtan,因為小鐵球與凹槽相對靜止,故系統(tǒng)的加速度也為gtan,A、C錯誤對整體受力分析得F(Mm)a(Mm)gtan,故選項B正確,D錯誤7.【答案】D【解析】由運動的合成與分解可知,物體A參與兩個分運動:一個是沿著與它相連接的繩子的運動,另一個是垂直于繩子斜向上的運動而物體A的實際運動軌跡是沿著豎直桿向上的,這一軌跡所對應的運動就是物體A的合運動,它們之間的關(guān)系如圖所示由幾何關(guān)系可得v,所以D項正確8.【答案】C【解析】要使質(zhì)點到達斜面時位移最小,則質(zhì)點的位移應垂直斜面,如圖所示,有xv0t,ygt2,tan,所以t,選項C正確9.【答案】C【解析】合力大小為5 N,合力方向即合位移方向與3 N的力夾角153,與4 N的力夾角237,各個力及合力做功分別為W1F1lcos118 J,W2F2lcos232 J,W合50 J,C對10.【答案】A【解析】地球的自轉(zhuǎn)周期變大,則地球同步衛(wèi)星的公轉(zhuǎn)周期變大由m(Rh),得hR,T變大,h變大,A正確;由ma,得a,r增大,a減小,B錯誤;由,得v,r增大,v減小,C錯誤;由可知,角速度減小,D錯誤11.【答案】B【解析】正電荷在電場中受到的電場力的方向是沿著電場線的切線方向,由此可知,沿著電場線的切線方向的是F2,所以能正確表示正電荷的受到電場力的為12.【答案】C【解析】靜電平衡后導體空腔內(nèi)任意點的場強為0;電荷分布在導體外表面,空腔內(nèi)表面的電荷量為0;導體為等勢體,接地后電勢為0.13.【答案】BC【解析】由題可知,F(xiàn)1mg0.5 N,x12 cm,根據(jù)胡克定律Fkx,得kN/m25 N/m.當拉力F21 N時,由胡克定律,得x2102cm4 cm,所以彈簧的長度xx2x04 cm10 cm14 cm,選項B、C正確,A、D錯誤14.【答案】BC【解析】以地面為參考系,甲、乙兩車都向東運動,且甲運動得較快若以甲車為參考系,乙車后退,即向西運動;若以乙車為參考系,甲車向前,即向東運動15.【答案】BC【解析】物體在F1、F2、F3三個共點力作用下做勻速直線運動,必有F3與F1、F2的合力等大反向,當F3大小不變,方向改變90時,F(xiàn)1、F2的合力大小仍為F3,方向與改變方向后的F3夾角為90,故F合,加速度a.若初速度方向與F合方向共線,則物體做勻變速直線運動;若初速度方向與F合方向不共線,則物體做勻變速曲線運動,綜上所述本題選B、C.16.【答案】BD【解析】由A點移到B點,靜電力做正功,動能增加,電勢能減少,選項A錯誤,B正確;A、B兩點間電勢差UAB4 V,選項C錯誤;在A、B兩點間移動一個q1.0104C的負電荷,靜電力做功WqU1.01044 J4.0104J,選項D正確17.【答案】(1)拉彈簧測力計時用力方向應該與木板平面平行(2)力的大小應該用力的圖示表示(3)求合力時應該用平行四邊形定則(4)一個彈簧測力計的拉力方向與兩個彈簧測力計的拉力的合力方向不一定相同(任選其三)【解析】拉細繩套時,彈簧測力計應與木板平行,且使其軸線方向與細繩套方向一致先作出F1、F2的圖示,再作平行四邊形,對角線F和F1、F2的合力,用一個彈簧測力計拉時,也應作出拉力F的圖示,且它們用同一個標度18.【答案】(1)存在摩擦阻力(2)0.5(3)釋放物塊時存在初速度(或者是釋放位置高度大于h)(4)不變【解析】設斜面的長為s,傾角為.由動能定理得(mgsinmgcos)smv2,即mghmgLmv2,得v22gh2gL,v2與h是一次函數(shù)關(guān)系,不過原點的原因是存在摩擦阻力,由圖象可知,當h0.25 m時,v0,代入v22gh2gL得0.5,若圖象發(fā)生了彎曲,說明釋放物塊時存在初速度,或者是釋放位置高度大于h.由v22gh2gL知斜率k2g為定值,若更換光滑的斜面,圖象的斜率不變19.【答案】(1)(2)mgtanma(3)【解析】(1)以m為研究對象,豎直方向受力平衡,得:FN根據(jù)牛頓第三定律,物塊對斜面的壓力為:FNFN(2)以m為研究對象,水平方向:FFNsinma,得:Fmgtanma(3)以m、M整體為研究對象:F(mM)g(Mm)a,可得:20.【答案】(1)6 N,方向豎直向下(2)1.25 m(3)2n rad/s(n1,2,3)【解析】(1)滑塊從A到B過程中,由動能定理,有:mgrmv解得:vB3 m/s滑塊到達B點時,由牛頓第二定律,有:FNBmgm解得:FNB6 N由牛頓第三定律,滑塊到達B點時對軌道的壓力大小為6 N,方向豎直向下(2)滑塊離開C點后做平拋運動,有:hgt解得:t10.5 svC2 m/s滑塊由B到C過程中,據(jù)動能定理有:mgLmvmv解得:L1.25 m(3)滑塊由B到C過程中,據(jù)運動學公式有:Lt2解得t20.5 stt1t21 s圓盤轉(zhuǎn)動的角速度應滿足條件tn(n1,2,3)解得:2n rad/s(n1,2,3)21.【答案】(1)(2)【解析】(1)小球受重力及細線的拉力兩力作用,如圖所示,豎直方向:FTcosmg,故拉力FT.(2)小球做圓周運動的半徑rLsin,向心力FnFTsinmgtan,而Fnm,故小球的線速度v.22.【答案】(1)(2)C(3)【解析】(1)小球到達小孔前是自由落體運動,根據(jù)速度位移關(guān)系公式,有v22gh,解得v(2)對從釋放到到達下極板處的過程運用動能定理,有mg(hd)qEd0解得E電容器兩極板間的電壓為UEd電容器的帶電荷量為QCUC(3)加速過程中有hgt減速過程中有qEmgma,dattt1t2聯(lián)立以上相關(guān)各式解得t- 1.請仔細閱讀文檔,確保文檔完整性,對于不預覽、不比對內(nèi)容而直接下載帶來的問題本站不予受理。
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