2019年高考物理一輪復(fù)習(xí) 選擇題(14)(含解析)新人教版.doc
《2019年高考物理一輪復(fù)習(xí) 選擇題(14)(含解析)新人教版.doc》由會(huì)員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《2019年高考物理一輪復(fù)習(xí) 選擇題(14)(含解析)新人教版.doc(6頁(yè)珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
選擇題(14)李仕才1、.(勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律的應(yīng)用)(2017湖北武漢調(diào)研)如圖所示,一汽車裝備了具有自動(dòng)剎車功能的安全系統(tǒng),系統(tǒng)以50 Hz的頻率監(jiān)視前方的交通狀況。當(dāng)車速v10 m/s 且與前方靜止的障礙物之間的距離接近安全距離時(shí),如果司機(jī)未采取制動(dòng)措施,系統(tǒng)就會(huì)立即自動(dòng)剎車,使汽車避免與障礙物相撞。在上述條件下,若該車在不同路況下的自動(dòng)剎車的加速度取46 m/s2之間的某一值,則自動(dòng)剎車的最長(zhǎng)時(shí)間為()A. sB. sC.2.5 sD.12.5 s答案C解析當(dāng)車速最大vm=10 m/s且加速度取最小值時(shí),自動(dòng)剎車時(shí)間最長(zhǎng)。由速度公式,v=vm-at解得t=2.5 s,選項(xiàng)C正確。2、(2017湖南四校聯(lián)考)如圖所示,兩根直木棍AB和CD相互平行,斜靠在豎直墻壁上固定不動(dòng),一個(gè)圓筒從木棍的上部以初速度v0勻速滑下。若保持兩木棍傾角不變,將兩棍間的距離減小后固定不動(dòng),仍將圓筒放在兩木棍上部以初速度v0滑下,下列判斷正確的是()A.仍勻速滑下B.勻加速下滑C.減速下滑D.以上三種運(yùn)動(dòng)均可能答案B解析圓筒從木棍的上部勻速滑下過(guò)程中,受到重力、兩棍的支持力和摩擦力,根據(jù)平衡條件得知,兩棍支持力的合力和摩擦力不變,將兩棍間的距離稍減小后,兩棍支持力的合力不變,而兩支持力夾角減小,則每根木棍對(duì)圓筒的支持力變小,則滑動(dòng)摩擦力變小,而重力沿斜面向下的分力不變,則圓筒將勻加速滑下,故B正確,A、C、D錯(cuò)誤,故選B。3、(動(dòng)力學(xué)兩類基本問(wèn)題)(2018湖南長(zhǎng)沙月考)如圖是汽車運(yùn)送圓柱形工件的示意圖,圖中P、Q、N是固定在車體上的壓力傳感器,假設(shè)圓柱形工件表面光滑,汽車靜止不動(dòng)時(shí)Q傳感器示數(shù)為零,P、N傳感器示數(shù)不為零。當(dāng)汽車向左勻加速啟動(dòng)過(guò)程中,P傳感器示數(shù)為零時(shí),Q、N傳感器示數(shù)不為零。已知sin 15=0.26,cos 15=0.97,tan 15=0.27,g取10 m/s2,則汽車向左勻加速啟動(dòng)的加速度可能為()A.3B.2.7C.1.5D.1答案A解析當(dāng)汽車向左勻加速啟動(dòng)過(guò)程中,P傳感器示數(shù)為零而Q、N傳感器示數(shù)不為零,受力分析如圖:豎直方向:FQ+mg=FNcos 15水平方向:F合=FNsin 15=ma聯(lián)立解得a=tan 15=0.27+2.7 m/s22.7 m/s2,故A選項(xiàng)正確。4、(與斜面相關(guān)的平拋運(yùn)動(dòng)問(wèn)題)如圖所示,在傾角=37的斜面底端的正上方H處,平拋一個(gè)物體,該物體落到斜面上的速度方向正好與斜面垂直,則物體拋出時(shí)的初速度為()A.B.C.D.答案B解析設(shè)飛行的時(shí)間為t,則x=v0ty=gt2因?yàn)槭谴怪弊采闲泵?斜面與水平面之間的夾角為37,所以v0=gt因?yàn)樾泵媾c水平面之間的夾角為37由三角形的邊角關(guān)系可知,H=y+xtan 37解得v0=5、發(fā)射地球同步通信衛(wèi)星的基本方法是先用火箭將衛(wèi)星送入一近地橢圓軌道a運(yùn)行,然后開(kāi)動(dòng)星載火箭變軌,將其送入與地球自轉(zhuǎn)同步的軌道b,變軌點(diǎn)選在軌道a與軌道b內(nèi)切的Q點(diǎn),如圖所示。下列說(shuō)法正確的是()A.衛(wèi)星在變軌后通過(guò)Q點(diǎn)的加速度大于變軌前通過(guò)Q點(diǎn)的加速度B.衛(wèi)星變軌后在Q點(diǎn)的機(jī)械能比變軌前的大C.衛(wèi)星在軌道b運(yùn)行速度小于在軌道a運(yùn)行時(shí)的最小速度D.衛(wèi)星在Q點(diǎn)變軌時(shí)星載火箭噴射氣體的方向與衛(wèi)星線速度方向相同導(dǎo)學(xué)號(hào)06400301答案B解析衛(wèi)星受地球的萬(wàn)有引力就是衛(wèi)星的合力。根據(jù)牛頓第二定律得a=,M為地球質(zhì)量,r為衛(wèi)星到地球中心的距離,所以衛(wèi)星在“同步軌道”與在“轉(zhuǎn)移軌道”的遠(yuǎn)地點(diǎn)相比,加速度不變,故A錯(cuò)誤。在橢圓軌道遠(yuǎn)地點(diǎn)實(shí)施變軌成圓軌道是做逐漸遠(yuǎn)離圓心的運(yùn)動(dòng),要實(shí)現(xiàn)這個(gè)運(yùn)動(dòng)必須萬(wàn)有引力小于衛(wèi)星所需向心力,所以應(yīng)給衛(wèi)星加速,增加所需的向心力。即衛(wèi)星在“同步軌道”與在“轉(zhuǎn)移軌道”的遠(yuǎn)地點(diǎn)相比速度變大,衛(wèi)星在“同步軌道”與在“轉(zhuǎn)移軌道”的遠(yuǎn)地點(diǎn)相比重力勢(shì)能不變,動(dòng)能較大,所以機(jī)械能較大,故B正確。在橢圓軌道上,衛(wèi)星在Q點(diǎn)速度最小,衛(wèi)星在軌道b運(yùn)行速度大于在軌道a上Q點(diǎn)速度,故C錯(cuò)誤。衛(wèi)星在Q點(diǎn)變軌時(shí)星載火箭噴射氣體的方向與衛(wèi)星線速度方向相反,給衛(wèi)星加速,故D錯(cuò)誤。6、(含彈簧類)如圖所示,在高1.5 m 的光滑平臺(tái)上有一個(gè)質(zhì)量為2 kg的小球被一細(xì)線拴在墻上,小球與墻之間有一根被壓縮的輕質(zhì)彈簧。當(dāng)燒斷細(xì)線時(shí),小球被彈出,小球落地時(shí)的速度方向與水平方向成60,則彈簧被壓縮時(shí)具有的彈性勢(shì)能為(g取10 m/s2)()A.10 JB.15 JC.20 JD.25 J答案A解析由mgh=-0得vy=,即vy= m/s,落地時(shí),tan 60=可得v0= m/s,由機(jī)械能守恒定律得Ep=,可求得Ep=10 J,故A正確。7、(多選)(碰撞模型)(2018貴州臺(tái)江區(qū)月考)如圖所示,半徑和動(dòng)能都相等的兩個(gè)小球相向而行。甲球質(zhì)量m甲大于乙球質(zhì)量m乙,水平面是光滑的,兩球做對(duì)心碰撞以后的運(yùn)動(dòng)情況可能是()A.甲球速度為零,乙球速度不為零B.兩球速度都不為零C.乙球速度為零,甲球速度不為零D.兩球都以各自原來(lái)的速率反向運(yùn)動(dòng)答案AB解析首先根據(jù)兩球動(dòng)能相等得m甲m乙,解得兩球碰前動(dòng)量大小之比為,因m甲m乙,則p甲p乙,則系統(tǒng)的總動(dòng)量方向向右。根據(jù)動(dòng)量守恒定律可以判斷,碰后兩球運(yùn)動(dòng)情況可能是A、B所述情況,而C、D情況是違背動(dòng)量守恒的,故C、D情況是不可能的。8、.(電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能)(2017四川綿陽(yáng)月考)在一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)中有a、b兩點(diǎn),相距為d,電場(chǎng)強(qiáng)度為E,把一個(gè)電荷量為q的正電荷由a點(diǎn)移到b點(diǎn)時(shí),克服電場(chǎng)力做功為W,下列說(shuō)法正確的是()A.該電荷在a點(diǎn)電勢(shì)能較b點(diǎn)大B.a點(diǎn)電勢(shì)比b點(diǎn)電勢(shì)低C.a、b兩點(diǎn)電勢(shì)差大小一定為U=EdD.a、b兩點(diǎn)電勢(shì)差Uab=答案B解析正電荷由a點(diǎn)移到b點(diǎn)時(shí),電場(chǎng)力對(duì)電荷做負(fù)功W,電勢(shì)能增加,該電荷在a點(diǎn)電勢(shì)能較b點(diǎn)小,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;a點(diǎn)電勢(shì)比b點(diǎn)電勢(shì)低,故B正確;當(dāng)a、b兩點(diǎn)在同一電場(chǎng)線上時(shí),U=Ed,本題a、b是否在同一電場(chǎng)線上不確定,則U大小不一定等于Ed,故C錯(cuò)誤;電荷從a移動(dòng)到b,克服電場(chǎng)力做功W,根據(jù)電勢(shì)差的定義Uab=,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。9、多選)(2017北京西城區(qū)模擬)一只電飯煲和一臺(tái)洗衣機(jī)并聯(lián)接在輸出電壓為u=311sin (314t) V的交流電源上(其內(nèi)阻可忽略不計(jì)),均能正常工作。用電流表分別測(cè)得通過(guò)電飯煲的電流是5.0 A,通過(guò)洗衣機(jī)電動(dòng)機(jī)的電流為0.50 A,則下列說(shuō)法正確的是()A.電飯煲的電阻為44 B.電飯煲消耗的電功率為1 555 W,洗衣機(jī)電動(dòng)機(jī)消耗的電功率為155.5 WC.1 min內(nèi)電飯煲消耗的電能為6.6104 J,洗衣機(jī)電動(dòng)機(jī)消耗的電能為6.6103 JD.電飯煲發(fā)熱功率是洗衣機(jī)電動(dòng)機(jī)發(fā)熱功率的10倍答案AC解析由于電飯煲是純電阻元件,所以R1=44 ,P1=UI1=1 100 W,其在1min內(nèi)消耗的電能W1=UI1t=6.6104 J。洗衣機(jī)為非純電阻元件,所以R2,P2=UI2=110 W,其在1min內(nèi)消耗的電能W2=UI2t=6.6103 J。其熱功率P熱P2,所以電飯煲發(fā)熱功率不是洗衣機(jī)電動(dòng)機(jī)發(fā)熱功率的10倍。10、(多解問(wèn)題)(2017陜西渭南一模)在真空室中,有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),三個(gè)質(zhì)子1、2和3分別以大小相等、方向如圖所示的初速度v1、v2和v3經(jīng)過(guò)平板MN上的小孔O射入勻強(qiáng)磁場(chǎng),這三個(gè)質(zhì)子打到平板MN上的位置到小孔O的距離分別是s1、s2和s3,不計(jì)質(zhì)子重力,則有()A.s1s2s3B.s1s2s2D.s1=s3s2答案D解析由已知條件可知三個(gè)質(zhì)子運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑相等。由于初速度v1和v3的方向與MN的夾角相等,所以這兩個(gè)質(zhì)子的運(yùn)動(dòng)軌跡正好能組合成一個(gè)完整的圓,則這兩個(gè)質(zhì)子打到平板MN上的位置到小孔的距離是相等的,且小于軌跡圓的直徑;而初速度為v2的質(zhì)子方向與MN垂直,則它的運(yùn)動(dòng)軌跡正好是半圓,所以質(zhì)子打到平板MN上的位置到小孔的距離恰好是圓的直徑,即s1=s3s2,D正確。11、(2018江蘇蘇北四市聯(lián)考)如圖所示,螺線管與靈敏電流計(jì)相連,磁鐵從螺線管的正上方由靜止釋放,向下穿過(guò)螺線管。下列說(shuō)法正確的是()A.電流計(jì)中的電流先由a到b,后由b到aB.a點(diǎn)的電勢(shì)始終低于b點(diǎn)的電勢(shì)C.磁鐵減少的重力勢(shì)能等于回路中產(chǎn)生的熱量D.磁鐵剛離開(kāi)螺線管時(shí)的加速度小于重力加速度答案D解析電流計(jì)中的電流先由b到a,后由a到b,A錯(cuò)誤;a點(diǎn)的電勢(shì)先比b點(diǎn)低,后比b點(diǎn)高,B錯(cuò)誤;磁鐵減少的機(jī)械能等于回路中產(chǎn)生的熱量,C錯(cuò)誤;根據(jù)楞次定律,感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總是阻礙磁鐵與閉合回路間的相對(duì)運(yùn)動(dòng),磁鐵剛離開(kāi)螺線管時(shí),受到向上的磁場(chǎng)力,加速度小于重力加速度,D正確。12、(多選)(交變電流“四值”的計(jì)算)(2017河南鄭州一模) 邊長(zhǎng)為l的正方形線框在勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng),產(chǎn)生的感應(yīng)電流的最大值為Im,設(shè)燈泡的電阻為R,其他電阻不計(jì)。從如圖所示位置開(kāi)始計(jì)時(shí),則()A.電路中電流的最大值Im=B.電路中電流的瞬時(shí)表達(dá)式為i=Imsin tC.電流表的讀數(shù)為D.燈泡的電功率為R答案AD解析感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值Em=Bl2,則電流的最大值Im=,選項(xiàng)A正確;由線圈電流為最大值時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí),故電路中電流的瞬時(shí)表達(dá)式應(yīng)為i=Imcos t,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;電流表的讀數(shù)為有效值,為I=Im,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;燈泡的電功率P=I2R=R,選項(xiàng)D正確。13、如圖所示,相距為d的兩平行金屬板A、B足夠大,板間電壓恒為U,有一波長(zhǎng)為的細(xì)激光束照射到B板表面,使B板發(fā)生光電效應(yīng),已知普朗克常量為h,金屬板B的逸出功為W,電子質(zhì)量為m,電荷量為e,求:(1)從B板運(yùn)動(dòng)到A板所需時(shí)間最短的光電子到達(dá)A板時(shí)的動(dòng)能;(2)光電子從B板運(yùn)動(dòng)到A板所需的最長(zhǎng)時(shí)間。答案(1)eU+-W(2)d解析(1)由愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程Ek=h-W和光子的頻率為=,可得到光電子的最大初動(dòng)能為Ek=-W。能以最短時(shí)間到達(dá)A板的光電子是初動(dòng)能最大且垂直于板面離開(kāi)B板的電子。設(shè)光電子到達(dá)A板的動(dòng)能為Ek1,則由動(dòng)能定理得,eU=Ek1-Ek,所以Ek1=eU+-W。(2)能以最長(zhǎng)時(shí)間到達(dá)A板的光電子是離開(kāi)B板時(shí)的初速度為零或初速度方向平行于B板的光電子。根據(jù)牛頓第二定律和勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律,有d=at2=得t=d。- 1.請(qǐng)仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對(duì)于不預(yù)覽、不比對(duì)內(nèi)容而直接下載帶來(lái)的問(wèn)題本站不予受理。
- 2.下載的文檔,不會(huì)出現(xiàn)我們的網(wǎng)址水印。
- 3、該文檔所得收入(下載+內(nèi)容+預(yù)覽)歸上傳者、原創(chuàng)作者;如果您是本文檔原作者,請(qǐng)點(diǎn)此認(rèn)領(lǐng)!既往收益都?xì)w您。
下載文檔到電腦,查找使用更方便
9.9 積分
下載 |
- 配套講稿:
如PPT文件的首頁(yè)顯示word圖標(biāo),表示該P(yáng)PT已包含配套word講稿。雙擊word圖標(biāo)可打開(kāi)word文檔。
- 特殊限制:
部分文檔作品中含有的國(guó)旗、國(guó)徽等圖片,僅作為作品整體效果示例展示,禁止商用。設(shè)計(jì)者僅對(duì)作品中獨(dú)創(chuàng)性部分享有著作權(quán)。
- 關(guān) 鍵 詞:
- 2019年高考物理一輪復(fù)習(xí) 選擇題14含解析新人教版 2019 年高 物理 一輪 復(fù)習(xí) 選擇題 14 解析 新人
鏈接地址:http://ioszen.com/p-6271079.html