高考物理大二輪總復(fù)習(xí) 增分策略 專題二 第1講 動(dòng)力學(xué)觀點(diǎn)在力學(xué)中的應(yīng)用課件.ppt

《高考物理大二輪總復(fù)習(xí) 增分策略 專題二 第1講 動(dòng)力學(xué)觀點(diǎn)在力學(xué)中的應(yīng)用課件.ppt》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高考物理大二輪總復(fù)習(xí) 增分策略 專題二 第1講 動(dòng)力學(xué)觀點(diǎn)在力學(xué)中的應(yīng)用課件.ppt（47頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

專題二力與物體的直線運(yùn)動(dòng) 本專題解決的是物體 或帶電體 在力的作用下的勻變速直線運(yùn)動(dòng)問(wèn)題 高考對(duì)本專題考查的內(nèi)容主要有 勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律及運(yùn)動(dòng)圖象問(wèn)題 行車安全問(wèn)題 物體在傳送帶 或平板車 上的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題 帶電粒子 或帶電體 在電場(chǎng) 磁場(chǎng)中的勻變速直線運(yùn)動(dòng)問(wèn)題 電磁感應(yīng)中的動(dòng)力學(xué)分析 考查的主要方法和規(guī)律有 動(dòng)力學(xué)方法 圖象法 臨界問(wèn)題的處理方法 運(yùn)動(dòng)學(xué)的基本規(guī)律等 專題定位 抓住 兩個(gè)分析 和 一個(gè)橋梁 兩個(gè)分析 是指 受力分析 和 運(yùn)動(dòng)情景或運(yùn)動(dòng)過(guò)程分析 一個(gè)橋梁 是指 加速度是聯(lián)系運(yùn)動(dòng)和受力的橋梁 綜合應(yīng)用牛頓運(yùn)動(dòng)定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解決問(wèn)題 應(yīng)考策略 高考題型1運(yùn)動(dòng)學(xué)基本規(guī)律的應(yīng)用 高考題型2挖掘圖象信息解決動(dòng)力學(xué)問(wèn)題 高考題型3應(yīng)用動(dòng)力學(xué)方法分析傳送帶問(wèn)題 高考題型4應(yīng)用動(dòng)力學(xué)方法分析 滑塊 木板模型 問(wèn)題 欄目索引 第1講動(dòng)力學(xué)觀點(diǎn)在力學(xué)中的應(yīng)用 1 物體或帶電粒子做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的條件是 物體或帶電粒子所受合力為恒力 且與速度方向共線 2 勻變速直線運(yùn)動(dòng)的基本規(guī)律為速度公式 v v0 at 高考題型1運(yùn)動(dòng)學(xué)基本規(guī)律的應(yīng)用 解題方略 3 解決此類問(wèn)題必須熟練掌握運(yùn)動(dòng)學(xué)的基本規(guī)律和推論 即五個(gè)關(guān)系式 對(duì)于勻減速直線運(yùn)動(dòng)還要會(huì)靈活運(yùn)用逆向思維法 對(duì)于追及相遇問(wèn)題要能分別清晰地分析兩物體的運(yùn)動(dòng)過(guò)程 能找出空間和時(shí)間的關(guān)系等 例1 2015 山東理綜 14 距地面高5m的水平直軌道上A B兩點(diǎn)相距2m 在B點(diǎn)用細(xì)線懸掛一小球 離地高度為h 如圖1所示 小車始終以4m s的速度沿軌道勻速運(yùn)動(dòng) 經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)將隨車攜帶的小球由軌道高度自由卸下 小車運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)時(shí)細(xì)線被軋斷 最后兩球同時(shí)落地 不計(jì)空氣阻力 取重力加速度的大小g 10m s2 可求得h等于 A 1 25mB 2 25mC 3 75mD 4 75m 圖1 答案A 預(yù)測(cè)12014年我國(guó)多地都出現(xiàn)了霧霾天氣 嚴(yán)重影響了人們的健康和交通 設(shè)有一輛汽車在能見(jiàn)度較低的霧霾天氣里以54km h的速度勻速行駛 司機(jī)突然看到正前方有一輛靜止的故障車 該司機(jī)剎車的反應(yīng)時(shí)間為0 6s 剎車后汽車勻減速前進(jìn) 剎車過(guò)程中加速度大小為5m s2 最后停在故障車前1 5m處 避免了一場(chǎng)事故 以下說(shuō)法正確的是 A 司機(jī)發(fā)現(xiàn)故障車后 汽車經(jīng)過(guò)3s停下B 司機(jī)發(fā)現(xiàn)故障車時(shí) 汽車與故障車的距離為33mC 從司機(jī)發(fā)現(xiàn)故障車到停下來(lái)的過(guò)程 汽車的平均速度為7 5m sD 從司機(jī)發(fā)現(xiàn)故障車到停下來(lái)的過(guò)程 汽車的平均速度為11m s 答案B 預(yù)測(cè)2我國(guó)不少省市ETC聯(lián)網(wǎng)正式啟動(dòng)運(yùn)行 ETC是電子不停車收費(fèi)系統(tǒng)的簡(jiǎn)稱 汽車分別通過(guò)ETC通道和人工收費(fèi)通道的流程如圖2所示 假設(shè)汽車以正常行駛速度v1 16m s朝收費(fèi)站沿直線行駛 如果過(guò)ETC通道 需要在距收費(fèi)站中心線前d 8m處正好勻減速至v2 4m s 勻速通過(guò)中心線后 再勻加速至v1正常行駛 如果過(guò)人工收費(fèi)通道 需要恰好在中心線處勻減速至零 經(jīng)過(guò)t0 25s繳費(fèi)成功后 再啟動(dòng)汽車勻加速至v1正常行駛 設(shè)汽車在減速和加速過(guò)程中的加速度大小分別為a1 2m s2 a2 1m s2 求 圖2 1 汽車過(guò)ETC通道時(shí) 從開始減速到恢復(fù)正常行駛過(guò)程中的位移大小 解析汽車通過(guò)ETC通道時(shí) 汽車的總位移 x x1 d x2 188m 答案188m 2 汽車通過(guò)ETC通道比通過(guò)人工收費(fèi)通道速度再達(dá)到v1時(shí)節(jié)約的時(shí)間 t是多少 解析汽車通過(guò)ETC通道時(shí) 汽車通過(guò)ETC通道的總時(shí)間 t t1 t2 t3 20s 汽車通過(guò)人工通道的總時(shí)間 t t1 t0 t2 49s汽車節(jié)約的時(shí)間 t t t 29s 答案29s 1 速度 時(shí)間關(guān)系圖線的斜率表示物體運(yùn)動(dòng)的加速度 圖線與時(shí)間軸所包圍的面積表示物體運(yùn)動(dòng)的位移 勻變速直線運(yùn)動(dòng)的v t圖象是一條傾斜直線 2 解圖象類問(wèn)題的關(guān)鍵在于將圖象與物理過(guò)程對(duì)應(yīng)起來(lái) 通過(guò)圖象的坐標(biāo)軸 關(guān)鍵點(diǎn) 斜率 面積等信息 對(duì)運(yùn)動(dòng)過(guò)程進(jìn)行分析 從而解決問(wèn)題 考向一 高考題型2挖掘圖象信息解決動(dòng)力學(xué)問(wèn)題 解題方略 例2 多選 2015 新課標(biāo)全國(guó) 20 如圖3 a 一物塊在t 0時(shí)刻滑上一固定斜面 其運(yùn)動(dòng)的vt圖線如圖 b 所示 若重力加速度及圖中的v0 v1 t1均為已知量 則可求出 圖3 A 斜面的傾角B 物塊的質(zhì)量C 物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)D 物塊沿斜面向上滑行的最大高度 僅根據(jù)vt圖象無(wú)法求出物塊的質(zhì)量 選項(xiàng)B錯(cuò)誤 答案ACD 預(yù)測(cè)3質(zhì)量m 50kg的某同學(xué)站在觀光電梯地板上 用速度傳感器記錄了電梯在一段時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的速度隨時(shí)間的變化情況 以豎直向上為正方向 由圖4提供的信息可知 圖4 A 在0 15s內(nèi) 觀光電梯上升的高度為25mB 在5 15s內(nèi) 電梯地板對(duì)人的支持力做了 2500J的功C 在20 25s與25 35s內(nèi) 觀光電梯的平均速度大小均為10m sD 在25 35s內(nèi) 觀光電梯在減速上升 該同學(xué)的加速度大小2m s2 在25 35s內(nèi) 觀光電梯在減速下降 故D錯(cuò)誤 答案C 預(yù)測(cè)4 多選 如圖5所示 底面足夠大的水池中靜置兩種互不相容的液體 一可視為質(zhì)點(diǎn)的空心塑料小球自水池底部無(wú)初速度釋放 穿過(guò)兩液體分界面后繼續(xù)向上運(yùn)動(dòng) 已知每種液體各處密度均勻 小球受到的阻力與速度成正比 比例系數(shù)恒定 小球向上運(yùn)動(dòng)中不翻滾 則下列對(duì)小球速度v隨時(shí)間t變化的圖線描述可能正確的是 圖5 答案CD 1 傳送帶問(wèn)題的實(shí)質(zhì)是相對(duì)運(yùn)動(dòng)問(wèn)題 這樣的相對(duì)運(yùn)動(dòng)將直接影響摩擦力的方向 因此 搞清楚物體與傳送帶間的相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向是解決該問(wèn)題的關(guān)鍵 2 傳送帶問(wèn)題還常常涉及到臨界問(wèn)題 即物體與傳送帶速度相同 這時(shí)會(huì)出現(xiàn)摩擦力改變的臨界狀態(tài) 具體如何改變要根據(jù)具體情況判斷 考向一 高考題型3應(yīng)用動(dòng)力學(xué)方法分析傳送帶問(wèn)題 解題方略 例3如圖6所示 有一條沿順時(shí)針?lè)较騽蛩賯魉偷膫魉蛶?恒定速度v 4m s 傳送帶與水平面的夾角 37 現(xiàn)將質(zhì)量m 1kg的小物塊輕放在其底端 小物塊可視作質(zhì)點(diǎn) 與此同時(shí) 給小物塊沿傳送帶方向向上的恒力F 8N 經(jīng)過(guò)一段時(shí)間 小物塊上到了離地面高為h 2 4m的平臺(tái)上 已知物塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù) 0 5 g取10m s2 sin37 0 6 cos37 0 8 問(wèn) 圖6 1 物塊從傳送帶底端運(yùn)動(dòng)到平臺(tái)上所用的時(shí)間 答案1 33s 2 若在物塊與傳送帶達(dá)到相同速度時(shí) 立即撤去恒力F 計(jì)算小物塊還需經(jīng)過(guò)多少時(shí)間離開傳送帶以及離開時(shí)的速度 答案0 85s 預(yù)測(cè)5 多選 如圖7所示 一足夠長(zhǎng)的水平傳送帶以恒定的速度向右傳動(dòng) 將一物體輕輕放在皮帶左端 以v a x F表示物體速度大小 加速度大小 位移大小和所受摩擦力的大小 下列選項(xiàng)正確的是 圖7 解析物體從靜止先在恒定的滑動(dòng)摩擦力作用下勻速直線運(yùn)動(dòng) 后與傳送帶速度相同后 勻速運(yùn)動(dòng) 摩擦力消失 x t圖象先是曲線后是直線 答案AB 預(yù)測(cè)6如圖8所示 繃緊的水平傳送帶足夠長(zhǎng) 始終以v1 2m s的恒定速率運(yùn)行 初速度大小為v2 3m s的小墨塊從與傳送帶等高的光滑水平面上的A處滑上傳送帶 若從小墨塊滑上傳送帶開始計(jì)時(shí) 小墨塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)5s后與傳送帶的速度相同 求 圖8 1 小墨塊向左運(yùn)動(dòng)的最遠(yuǎn)距離 小墨塊向左減速運(yùn)動(dòng)時(shí) 對(duì)小墨塊有 0 v2 at1 聯(lián)立解得 x1 4 5m 答案4 5m 2 小墨塊在傳送帶上留下的痕跡長(zhǎng)度 解析小墨塊向左減速的過(guò)程中 對(duì)傳送帶 x2 v1t1小墨塊向右加速運(yùn)動(dòng)時(shí) 對(duì)小墨塊有v1 at2 對(duì)傳送帶x2 v1t2因而小墨塊在傳送帶上的痕跡長(zhǎng)度為x x1 x2 x2 x1 解得 x 12 5m 答案12 5m 高考題型4應(yīng)用動(dòng)力學(xué)方法分析 滑塊 木板模型 問(wèn)題 1 滑塊 木板模型類問(wèn)題中 滑動(dòng)摩擦力的分析方法與傳送帶類似 但這類問(wèn)題比傳送帶類問(wèn)題更復(fù)雜 因?yàn)槟景逋艿侥Σ亮Φ挠绊懸沧鰟蜃兯僦本€運(yùn)動(dòng) 處理此類物體勻變速運(yùn)動(dòng)問(wèn)題要注意從速度 位移 時(shí)間等角度 尋找它們之間的聯(lián)系 2 要使滑塊不從木板的末端掉下來(lái)的臨界條件是滑塊到達(dá)木板末端時(shí)的速度與木板的速度恰好相等 解題方略 例4 2015 新課標(biāo)全國(guó) 25 一長(zhǎng)木板置于粗糙水平地面上 木板左端放置一小物塊 在木板右方有一墻壁 木板右端與墻壁的距離為4 5m 如圖9 a 所示 t 0時(shí)刻開始 小物塊與木板一起以共同速度向右運(yùn)動(dòng) 直至t 1s時(shí)木板與墻壁碰撞 碰撞時(shí)間極短 碰撞前后木板速度大小不變 方向相反 運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小物塊始終未離開木板 已知碰撞后1s時(shí)間內(nèi)小物塊的vt圖線如圖 b 所示 木板的質(zhì)量是小物塊質(zhì)量的15倍 重力加速度大小g取10m s2 求 圖9 1 木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù) 1及小物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù) 2 解析根據(jù)圖象可以判定碰撞前小物塊與木板共同速度為v 4m s碰撞后木板速度水平向左 大小也是v 4m s小物塊受到滑動(dòng)摩擦力而向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng) 加速度大小 根據(jù)牛頓第二定律有 2mg ma2 解得 2 0 4木板與墻壁碰撞前 勻減速運(yùn)動(dòng)時(shí)間t 1s 位移x 4 5m 末速度v 4m s 解得a1 1m s2小物塊和木板整體受力分析 滑動(dòng)摩擦力提供合外力 由牛頓第二定律得 1 m 15m g m 15m a1 即 1g a1解得 1 0 1答案0 10 4 2 木板的最小長(zhǎng)度 解析碰撞后 木板向左做勻減速運(yùn)動(dòng) 依據(jù)牛頓第二定律有 1 15m m g 2mg 15ma3 對(duì)小物塊 加速度大小為a2 4m s2由于a2 a3 所以小物塊速度先減小到0 所用時(shí)間為t1 1s 此后 小物塊開始向左加速 加速度大小仍為a2 4m s2 假設(shè)又經(jīng)歷t2二者速度相等 則有a2t2 v1 a3t2解得t2 0 5s 小物塊始終沒(méi)有離開木板 所以木板最小的長(zhǎng)度為6m答案6m 3 木板右端離墻壁的最終距離 解析最后階段小物塊和木板一起勻減速直到停止 整體加速度大小為a1 1m s2 所以木板右端離墻壁最遠(yuǎn)的距離為x x1 x3 x5 6 5m答案6 5m 預(yù)測(cè)7如圖10所示 可視為質(zhì)點(diǎn)的物體A疊放在長(zhǎng)木板B上 A B的質(zhì)量分別為m1 10kg m2 10kg B長(zhǎng)為L(zhǎng) 16m 開始時(shí)A在B的最右端 A與B B與地之間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為 1 0 4 2 0 4 現(xiàn)將一水平恒力F 200N作用在B上 使A B由靜止開始運(yùn)動(dòng) 當(dāng)A恰好運(yùn)動(dòng)到B的中點(diǎn)時(shí)撤去外力F g取10m s2 求 圖10 1 力F作用的時(shí)間 及此時(shí)B前進(jìn)的距離 解析力F開始作用時(shí) 設(shè)A B的加速度分別為a1 a2 對(duì)A 1m1g m1a1 a1 4m s2對(duì)B F 1m1g 2 m1 m2 g m2a2 a2 8m s2 設(shè)力F作用的時(shí)間為t 對(duì)應(yīng)此時(shí)A B的速度為vA vB 代入數(shù)據(jù)得 t 2s vA 8m s vB 16m s答案2s16m 2 撤去外力F后B還能走多遠(yuǎn) 解析撤去外力F后 對(duì)A有 1m1g m1a3 a3 4m s2對(duì)B有 1m1g 2 m1 m2 g m2a4 a4 12m s2設(shè)A B經(jīng)過(guò)時(shí)間t1達(dá)到共同速度v1則有vA a3t1 vB a4t1解得 t1 0 5s v1 10m s A B共速后一起勻減速的加速度為a5 2 m1 m2 g m1 m2 a5 a5 4m s2 撤去F后B前進(jìn)的總距離為x x1 x2 19m 答案19m