（江蘇專(zhuān)用）2019高考物理三輪沖刺 考前組合提升練：選擇題+實(shí)驗(yàn)題+計(jì)算題（6）

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1、選擇題+實(shí)驗(yàn)題+計(jì)算題(6) 1.(2017江蘇南通模擬)如圖所示,小球繞O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng),以圓心為坐標(biāo)原點(diǎn)建立Ox坐標(biāo)軸,若小球從x軸上順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng),則下列表示小球在x軸方向的位移s、加速度a、速度v、合力F隨時(shí)間t變化的圖像正確的是(　　) 2.(多選)(2018江蘇南京三模)如圖甲所示,不計(jì)電阻的矩形金屬線(xiàn)框繞與磁感線(xiàn)垂直的轉(zhuǎn)軸在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng),輸出交流電的電動(dòng)勢(shì)圖像如圖乙所示,經(jīng)原副線(xiàn)圈匝數(shù)比為1∶10的理想變壓器給一燈泡供電,燈泡上標(biāo)有“220 V　22 W”字樣,如圖丙所示,則(　　) A.t=0.01 s時(shí)刻穿過(guò)線(xiàn)框回路的磁通量為零 B.燈泡中的電流方向每

2、秒鐘改變100次 C.燈泡正常發(fā)光 D.電流表示數(shù)為2 A 3.(多選)(2018江蘇南京三模)如圖所示,輕彈簧一端固定于O點(diǎn),另一端與可視為質(zhì)點(diǎn)的小滑塊連接,把滑塊放在光滑斜面上的A點(diǎn),此時(shí)彈簧恰好水平,將滑塊從A點(diǎn)由靜止釋放,經(jīng)B點(diǎn)到達(dá)位于O點(diǎn)正下方的C點(diǎn),當(dāng)滑塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)彈簧與斜面垂直,運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)彈簧恰好處于原長(zhǎng),已知OC的距離為L(zhǎng),斜面傾角為θ=30°,彈簧始終在彈性限度內(nèi),重力加速度為g。則滑塊由A運(yùn)動(dòng)到C的過(guò)程中(　　) A.滑塊的加速度一直減小 B.滑塊經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度一定最大 C.滑塊經(jīng)過(guò)C點(diǎn)的速度大于2gL D.滑塊的加速度大小等于g2的位置一共有三處

3、 4.(2018江蘇鹽城三模)小明測(cè)量LED(發(fā)光二極管)在額定電壓(2.5 V)時(shí)的電阻。他選擇的器材有:滑動(dòng)變阻器(0~10 Ω);電壓表(量程0~3 V,內(nèi)阻0~3 kΩ);電動(dòng)勢(shì)為3.0 V的電源;多用電表(電流擋;量程1 mA,內(nèi)阻約為40 Ω;量程0~10 mA,內(nèi)阻約為4 Ω;量程0~100 mA,內(nèi)阻約為0.4 Ω)。 (1) 在判斷LED極性時(shí),小明先將多用電表選擇開(kāi)關(guān)旋至“×10”擋,調(diào)節(jié)好多用電表,將二極管兩極與表筆相接,多用電表的示數(shù)如圖甲所示時(shí),多用電表紅表筆(插在A孔中)與二極管的　　　(選填“正”或“負(fù)”)極相接觸。? (2) 再將多用電表的選擇開(kāi)關(guān)旋

4、至“100 mA”擋,將其接入圖乙所示電路。多用電表紅表筆應(yīng)與　　　(選填“1”或“2”)連接。? (3) 閉合開(kāi)關(guān),移動(dòng)滑片,電壓表示數(shù)為2.50 V時(shí),多用電表示數(shù)為8 mA,則該LED在額定電壓時(shí)的電阻為　　　　 Ω。? (4) 為了更準(zhǔn)確地測(cè)出LED在額定電壓時(shí)的電阻,在不更換實(shí)驗(yàn)器材的條件下,對(duì)小明的實(shí)驗(yàn)提出兩點(diǎn)改進(jìn)建議:①　　　　　　　　　　　　　;②　　　　　　　　　　　　　　　　　。? 5.(2018江西九校聯(lián)考)利用頻閃照相和氣墊導(dǎo)軌做“探究碰撞中的不變量”的實(shí)驗(yàn),步驟如下: ①用天平測(cè)出滑塊A、B的質(zhì)量分別為200 g和300 g; ②安裝好氣墊導(dǎo)軌,調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌

5、的調(diào)節(jié)旋鈕,使導(dǎo)軌水平; ③向氣墊導(dǎo)軌通入壓縮空氣; ④把A、B兩滑塊放到導(dǎo)軌上,并給它們一個(gè)初速度,同時(shí)開(kāi)始閃光照相,閃光的時(shí)間間隔設(shè)定為Δt=0.2 s,照片如圖所示: 結(jié)合實(shí)驗(yàn)過(guò)程和圖像分析知:該圖像是閃光4次所得的照片,在這4次閃光的瞬間,A、B兩滑塊均在0~80 cm刻度范圍內(nèi);第一次閃光時(shí),滑塊A恰好通過(guò)x=55 cm處,滑塊B恰好通過(guò)x=70 cm處;碰撞后有一個(gè)滑塊處于靜止?fàn)顟B(tài)。設(shè)向右為正方向,試分析: 滑塊碰撞時(shí)間發(fā)生在第一次閃光后　　　　s,碰撞前兩滑塊的質(zhì)量與速度乘積之和是　　　　kg·m/s,碰撞后兩滑塊的質(zhì)量與速度乘積之和是　kg·m/s。? 以上實(shí)驗(yàn)結(jié)

6、果說(shuō)明,在碰撞過(guò)程中保持不變的物理量是　　　　　　　　　　　　　。? 6.(2018江蘇蘇州調(diào)研)如圖所示,在傾角α=30°的光滑固定斜面上,相距為d的兩平行虛線(xiàn)MN、PQ間分布有大小為B、方向垂直斜面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。在PQ上方有一質(zhì)量m、邊長(zhǎng)L(L

7、 答案精解精析 1.D　設(shè)小球繞O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R。做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的角速度α恒定,即其角位移θ=αt,那么,小球在x軸方向的位移s=R cos θ=R cos αt,故s是t的余弦函數(shù),故A項(xiàng)錯(cuò)誤;小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng),速度在x軸上的分量一直在變化,故B項(xiàng)錯(cuò)誤;勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心力與位移方向相反,大小不變,由A的分析可知:F在x軸上的分量應(yīng)為負(fù)的余弦函數(shù)形式,故C項(xiàng)錯(cuò)誤;由C和牛頓第二定律可知:加速度a在x軸上的分量也應(yīng)為負(fù)的余弦函數(shù)形式,故D項(xiàng)正確。 2.BC　由圖乙可知,當(dāng)t=0

8、.01 s時(shí),感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零,則此時(shí)穿過(guò)線(xiàn)框回路的磁通量最大,故A錯(cuò)誤;由圖乙可知,交流電的周期為0.02 s,則f=1T=50 Hz,所以燈泡中的電流方向每秒鐘改變100次,故B正確;原線(xiàn)圈輸入電壓有效值為22 V,則副線(xiàn)圈的電壓為22×10 V=220 V;由P=UI可知,副線(xiàn)圈電流I2=0.1 A,則I1=1 A,燈泡正常發(fā)光,故額定電壓為220 V,故C正確,D錯(cuò)誤。 3.CD　滑塊下滑過(guò)程中受到重力,斜面對(duì)它的支持力,還有彈簧彈力。在C點(diǎn)彈簧恰處于原長(zhǎng),故在C點(diǎn)加速度大小為aC=mgsin30°m=g2,當(dāng)滑塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)彈簧與斜面垂直,在B點(diǎn)加速度大小為aB=mgsin30°m=

9、g2,滑塊從A到B過(guò)程中,與C關(guān)于B點(diǎn)對(duì)稱(chēng)的D點(diǎn)位置,彈簧恰處于原長(zhǎng),加速度大小aD=mgsin30°m=g2,故A錯(cuò)誤,D正確;當(dāng)加速度為零時(shí),速度最大或最小,由于在B點(diǎn)加速度大小不為零,滑塊經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度不是最大,故B錯(cuò)誤;A到D階段彈力做正功,D到C階段不做功;設(shè)整個(gè)過(guò)程彈力做功為W,滑塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度為v,則由動(dòng)能定理有mg·2L sin 30°+W=12mv2,可得滑塊經(jīng)過(guò)C點(diǎn)的速度v>2gL,故C正確。 4.答案　(1)負(fù)(2分)　(2)2(2分)　(3)312.5(2分)　(4)①將多用電表的選擇開(kāi)關(guān)旋至“10 mA”測(cè)量電流(1分)　②改用多用電表(電流擋)內(nèi)接法(1分

10、) 解析　(1)多用電表的電流從紅表筆流進(jìn)、黑表筆流出,二極管發(fā)光時(shí)電流從正極流進(jìn),故用黑表筆接二極管的正極,紅表筆接負(fù)極。 (2)多用電表的電流從紅表筆流進(jìn),由圖乙可知,導(dǎo)線(xiàn)2接電源正極,電流流入多用電表。 (3)根據(jù)題意可知電阻R=UI=2.508×10-3 Ω=312.5 Ω。 (4)二極管中電流為8 mA,電流較小,應(yīng)選擇較小量程測(cè)量電流,以減小誤差;二極管電阻較大,應(yīng)采用電流表內(nèi)接法,以減小實(shí)驗(yàn)誤差。 5.答案　0.1　-0.2　-0.2　碰撞前后兩物體的質(zhì)量與速度的乘積之和 解析　由題意及題圖易知,第二次、第三次和第四次閃光時(shí),B始終在x=60 cm處,說(shuō)明碰后B靜止,

11、滑塊碰撞位置發(fā)生在60 cm處;第一次閃光時(shí)A在x=55 cm處,第二次閃光時(shí)A在x=50 cm處,說(shuō)明碰前位移為5 cm,碰后位移為10 cm,由題圖可知:v'A·Δt=20 cm,v'At1=10 cm,所以t1=12Δt=0.1 s,所以滑塊碰撞時(shí)間發(fā)生在第一次閃光后0.1 s;設(shè)向右為正方向,碰前A的速度vA=5×10-20.1 m/s=0.5 m/s,A的動(dòng)量pA=mAvA=0.2×0.5 kg·m/s=0.1 kg·m/s;碰前B的速度vB=-10×10-20.1 m/s=-1 m/s,B的動(dòng)量pB=mBvB=0.3×(-1)kg·m/s=-0.3 kg·m/s,碰撞前兩滑塊的質(zhì)量

12、與速度乘積之和是-0.2 kg·m/s;碰后A的速度vA'=-20×10-20.2 m/s=-1 m/s,A的動(dòng)量pA'=mAvA'=0.2×(-1)kg·m/s=-0.2 kg·m/s;以上實(shí)驗(yàn)結(jié)果說(shuō)明,在碰撞過(guò)程中保持不變的物理量是碰撞前后兩物體的質(zhì)量與速度的乘積之和。 6.答案　見(jiàn)解析 解析　(1)線(xiàn)圈沿斜面向下運(yùn)動(dòng),由動(dòng)能定理得 mgx sin 30°=12mv12-0,(3分) 解得v1=gx。(1分) (2)線(xiàn)圈進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中,平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) E=ΔΦΔt,(2分) 感應(yīng)電流I=ER,(2分) 電荷量q=I·Δt=ΔΦR=BL2R。(1分) (3)線(xiàn)圈離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí),有BBLv2RL=mg sin 30°,(2分) 解得v2=mgR2B2L2。(1分) 根據(jù)能量守恒,有mg(d+x+L) sin 30°-12mv22=Q,(2分) 解得Q=12mg(d+x+L)-m3g2R28B4L4。(1分) 6