2020屆高考物理一輪復習 選擇題固基優(yōu)練（四） 新人教版

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1、 選擇題固基優(yōu)練（四） 1、給滑塊一初速度v0，使它沿光滑斜面向上做勻減速運動，加速度大小為，當滑塊速度大小減為時，所用時間可能是 (　　) A.　　 B. C.　　 D. 【解析】選B、C。當滑塊速度大小減為時，其方向可能與初速度方向相同，也可能與初速度方向相反，因此要考慮兩種情況，即v=或v=-，由v=v0-t得t1=或t2=，故B、C正確。 2、(創(chuàng)新預測) 一質點做初速度為v0的勻加速直線運動，從開始計時經時間t質點的動能變?yōu)樵瓉淼?倍。該質點在時間t內的位移為　 (　　) A.v0t B.2v0t C.3v0t D.4v0t 【解析】選B。由E

2、k=mv2得v=3v0，x= (v0+v)t=2v0t ，故A、C、D錯誤，B正確。 3、(2019·南寧模擬) 如圖甲所示，在光滑絕緣的水平面上固定兩個等量的正點電荷。M、O、N為兩點電荷連線上的點。其中O為連線中點，且MO=ON。在M點由靜止釋放一個電荷量為q的正試探電荷，結果該試探電荷在MN間做來 回往復運動，在一個周期內的v-t圖象如圖乙所示，則下列說法正確的是 (　　) A.M和N兩點的電場強度和電勢完全相同 B.試探電荷在O點所受電場力最大，運動的速度也最大 C.試探電荷在t2時刻到達O點，t4時刻到達N點 D.試探電荷從M經O到N的過程中，電勢能先減小后

3、增大 【解析】選D。根據等量的正電荷的電場的特點可知，M和N兩點的電場強度大小相等，方向相反，而電勢是相同的，故A錯誤；根據等量的正電荷的電場的特點可知，O點的電勢最低，電場強度為0，所以試探電荷在O點所受電場力最小，運動的速度最大，故B錯誤；試探電荷在t2時刻的速度再次等于0，所以在t2時刻到達N點，故C錯誤；由圖可知，試探電荷從M經O到N的過程中，速度先增大后減小，則動能先增大后減小，所以電勢能先減小后增大，故D正確。 4、(多選)如圖所示，兩方向相反、磁感應強度大小均為B的勻強磁場被邊長為L的等邊三角形ABC理想分開，三角形內磁場垂直紙面向里，三角形頂點A處有一質子源，能沿∠BAC的

4、角平分線發(fā)射速度不同的質子(質子重力不計)，所有質子均能通過C點，質子比荷=k，則質子的速度可能為 (　　) A.2BkL B.　 C.　 D. 【解析】選B、D。因質子帶正電，且經過C點，其可能的軌跡如圖所示，所有圓弧所對圓心角均為60°，所以質子運行半徑r= (n=1，2，3，…)，由洛倫茲力提供向心力得Bqv=m，即v==Bk· (n=1，2，3，…)，選項B、D正確。 5、圖甲為氫原子的能級圖，圖乙為某金屬在光的照射下，發(fā)生光電效應時產生的光電子的最大初動能Ek與入射光頻率ν的關系圖象。若氫原子從n=3能級躍遷到n=2能級放出的光子剛好使該金屬發(fā)生光電效應

5、，普朗克常數h=6.63×10-34 J·s，1 eV=1.6×10-19 J，則下列說法正確的是　 (　　) 　 A.由乙圖知普朗克常量h=- B.乙圖中E=hν0=1.89 eV C.乙圖中ν0為該金屬的極限頻率ν0=5.4×1014 Hz D.用氫原子從n=2能級躍遷到n=1能級釋放的光子去照射該金屬，打出光電子的最大初動能為10.2 eV 【解析】選B。由愛因斯坦光電效應方程Ek=hν-hν0知，結合圖象可知，圖線的斜率k=h=，故A項錯誤；縱軸截距的大小等于逸出功，即E=hν0，氫原子從n=3能級躍遷到n=2能級放出的光子剛好使該金屬發(fā)生光電效應，則逸出功W0=-1.

6、51 eV-(-3.40)eV=1.89 eV，則E=hν0=1.89 eV，故B項正確；金屬的極限頻率ν0== Hz=4.6×1014 Hz，故C項錯誤；氫原子從n=2能級躍遷到n=1能級，輻射的光子能量等于10.2 eV，根據光電效應方程知，光電子的最大初動能Ekm=hν-W0=10.2 eV-1.89 eV=8.31 eV，故D項錯誤。 6、兩個氫氣分子在外力作用下相距較近，撤去外力，僅在相互的分子力作用下由靜止開始運動，直至相距很遠。在此過程中，下列說法正確的是 (　　) A.兩個氫分子間力先是斥力，后是引力 B.兩個氫分子間力大小先增大，后減小 C.每個氫分子動能先增大，后減

7、小 D.每個氫分子勢能先增大，后減小 E.兩個氫分子勢能和動能之和不變 【解析】選A、C、E。分子力與分子間距離的關系圖象如圖所示，故僅在相互的分子力作用下由靜止開始運動，直至相距很遠，該過程分子力的合力開始時是斥力，先減小到零，然后是引力先增加后減?。还蔄項正確，B項錯誤；兩個分子僅在相互的分子力作用下由靜止開始運動，直至相距很遠，分子力先是斥力后是引力，故分子力先做正功后做負功，分子勢能先減小后增加，動能先增大后減小，故C項正確，D項錯誤；只有分子力做功，兩個氫分子勢能和動能之和不變，故E項正確。 7、在如圖所示的裝置中，小球的質量均相同，彈簧和細線的質量均不計，一切摩擦忽略不

8、計，平衡時各彈簧的彈力分別為F1、F2、F3，其大小關系是 (　　) A.F1=F2=F3　 B.F1=F2F2　 D.F3>F1>F2 【解析】選A。對小球受力分析，左邊裝置中下面的小球受到重力mg和輕彈簧的彈力F1的作用，根據平衡條件可知F1=mg；其他兩個裝置中彈簧的彈力等于細線的拉力，對小球受力分析，根據平衡條件可知細線上拉力等于小球重力，則有F2=F3=mg。因此，F1=F2=F3=mg，A項正確，B、C、D項錯誤。 8、如圖所示，A、B兩小球從相同高度同時水平拋出，經過時間t在空中相遇，若兩球的拋出速度都變?yōu)樵瓉淼?倍，則兩球從拋出到相遇經過的時

9、間為 (　　) A.t　　　B.t　　　C.　　　D. 【解析】選C。設第一次拋出時A球速度為v1， B 球的速度為v2， 則 A、B 間水平距離x = (v1+v2) t，第二次兩球速度為第一次的2倍，但水平距離不變，則 x = 2(v1+v2)T，聯(lián)立得T =，所以C正確；A、B、D錯誤。 9、(創(chuàng)新預測)如圖，斜面體C質量為M，斜面足夠長，始終靜止在水平面上，一質量為m的足夠長的長方形木板A上表面光滑，木板A獲得初速度v0后恰好能沿斜面勻速下滑，當木板A勻速下滑時將一質量為2m的滑塊B輕輕放在木板A表面上，當滑塊B在木板A上滑動時，下列說法正確的是 (　　) A.滑塊B的

10、速度為時，木板A與滑塊B的速度大小相等 B.滑塊B的速度為時，斜面體和水平面間無摩擦力 C.滑塊B的動量為2mv0時，木板A的動量大小為mv0 D.滑塊B的動量為2mv0時，水平面對斜面體的支持力大小為(M+3m)g 【解析】選A、B。只有A木板時，是勻速下滑，受重力、支持力和摩擦力，三力平衡，則mgsin θ=μmgcos θ，解得μ=tan θ；放上B物體后，木板A受重力、支持力、壓力和滑動摩擦力，摩擦力f=μ·3mgcos θ=3mgsin θ，此時，對物體A、B構成的系統(tǒng)而言，垂直斜面方向上合力為零，平行斜面方向的合力也為零，故系統(tǒng)動量守恒；根據動量守恒定律，有mv0=mv1+

11、2mv2，滑塊B的速度為時，A的速度也為，故A正確；A勻速下滑時，支持力和摩擦力的合力與重力平衡，豎直向上；由于C對A的摩擦力和支持力是成正比的，當滑塊B的速度為時，C對A的支持力和摩擦力的合力依然是豎直向上，故A對C的力是豎直向下，故斜面體與水平面間無摩擦力，故B正確；當滑塊B的動量為2mv0時，A已經沒有速度了，故其動量應該為零，故C錯誤； 通過受力分析，滑塊B的動量為2mv0時，木板A靜止，滑塊B在加速下滑，由整體法可知水平面對斜面體的支持力小于(M+3m)g，故D錯誤。 10、(多選)如圖所示，關于多用電表的使用，下列做法正確的是 (　　) A.把多用電表的選擇開關旋至適當的直

12、流電壓擋，用圖甲所示的電路，合上開關S，則可測小燈泡兩端的電壓 B.把多用電表的選擇開頭旋至適當的直流電流擋，用圖乙所示的電路，合上開關S，則可測通過小燈泡的電流 C.把多用電表的選擇開關旋至適當的歐姆擋，進行調零后，用圖丙所示的電路，開關S保持斷開，則可測小燈泡的電阻 D.把多用電表的選擇開關旋至適當的歐姆擋，進行調零后，用圖丁所示的電路，會觀察到此時歐姆表示數很小 【解析】選C、D。測電壓時，其紅表筆接高電勢處，因為電流要從紅表筆流入，選項A錯誤；測電流時，其紅表筆接高電勢處，因為電流要從紅表筆流入，選項B錯誤；測電路中某個電阻的阻值時，一定要將該電阻與其他元件斷開，選項C正確；圖

13、中測量二極管的正向電阻，二極管正向電阻較小，指針應該偏轉較大，示數較小，選項D正確。 11、不同色光的光子能量如表所示。氫原子部分能級的示意圖如圖所示。 色光 紅 橙 黃 綠 藍-靛 紫 光子能量 范圍(eV) 1.61～ 2.00 2.00～ 2.07 2.07～ 2.14 2.14～ 2.53 2.53～ 2.76 2.76～ 3.10 大量處于n=4能級的氫原子，發(fā)射出的光的譜線在可見光范圍內， 其顏色分別為 (　　) A.紅、藍-靛 B.紅、紫 C.橙、綠 D.藍-靛、紫 【解析】選A。大量處于n=4激發(fā)態(tài)的氫原子，能夠發(fā)出12.75 eV、12.09 eV、10.2 eV、2.55 eV、1.89 eV、0.66 eV的六種光子，對照表格，1.89 eV和2.55 eV屬于可見光，則1.89 eV的光子為紅光，2.55 eV的光子為藍-靛，故A項正確，B、C、D項錯誤。 7